题目内容
| x2 |
| 4 |
考点:直线与圆锥曲线的综合问题
专题:圆锥曲线中的最值与范围问题
分析:由已知条件推导出|PF1|+|PF2|=8-
,再由F1(-
,0),F2(
,0),AF1∥BF2,推导出|AF1|+|BF2|=
,|AF1|•|BF2|=
,由此能够证明|PF1|+|PF2|是定值.
| 2|AF1|•|BF2| |
| |AF1|+|BF2| |
| 3 |
| 3 |
| 4m2+4 |
| m2+4 |
| m2+1 |
| m2+4 |
解答:
证明:在椭圆
+y2=1中,F1、F2为椭圆的左右焦点,
∵过F1和F2分别作直线F1A和F2B,使得F1A∥F2B,
∴
=
,
∴
=
,
∴|PF1|=
•|BF1|,
由B点在椭圆上,得到|BF1|+|BF2|=4,
∴|PF1|=
•|BF1|=
•(4-|BF2|),
同理|PF2|=
(4-|AF1|),
∴|PF1|+|PF2|=
•(4-|BF2|)+
(4-|AF1|)
=8-
,
∵F1(-
,0),F2(
,0),AF1∥BF2,
∴设AF1:x+
=my,BF2:x-
=my,
设A(x1,y1),B(x2,y2),y1>0,y2>0,
由
,整理,得:
(m2+4)y12-2
my1-1=0,
∴y1=
,
∴AF1=
=
=
,
同理,BF2=
,
又由①②知|AF1|+|BF2|=
,
|AF1|•|BF2|=
∴|PF1|+|PF2|=8-
=8-
=
.
∴|PF1|+|PF2|是定值.
| x2 |
| 4 |
∵过F1和F2分别作直线F1A和F2B,使得F1A∥F2B,
∴
| |PB| |
| |PF1| |
| |BF2| |
| |AF1| |
∴
| |PB|+|PF1| |
| |PF1| |
| |BF2|+|AF1| |
| |AF1| |
∴|PF1|=
| |AF1| |
| |AF1|+|BF2| |
由B点在椭圆上,得到|BF1|+|BF2|=4,
∴|PF1|=
| |AF1| |
| |AF1|+|BF2| |
| |AF1| |
| |AF1|+|BF2| |
同理|PF2|=
| |AF1| |
| |AF1|+|BF2| |
∴|PF1|+|PF2|=
| |AF1| |
| |AF1|+|BF2| |
| |AF1| |
| |AF1|+|BF2| |
=8-
| 2|AF1|•|BF2| |
| |AF1|+|BF2| |
∵F1(-
| 3 |
| 3 |
∴设AF1:x+
| 3 |
| 3 |
设A(x1,y1),B(x2,y2),y1>0,y2>0,
由
|
(m2+4)y12-2
| 3 |
∴y1=
| ||||
| m2+4 |
∴AF1=
(x0+
|
| (my1)2+y12 |
| ||
| m2+4 |
同理,BF2=
-
| ||
| m2+4 |
又由①②知|AF1|+|BF2|=
| 4m2+4 |
| m2+4 |
|AF1|•|BF2|=
| m2+1 |
| m2+4 |
∴|PF1|+|PF2|=8-
2•
| ||
|
| 1 |
| 2 |
| 7 |
| 2 |
∴|PF1|+|PF2|是定值.
点评:本题考查两数这和为定值的证明,解题时要认真审题,注意挖掘题设中的隐含条件,合理地进行等价转化.
练习册系列答案
相关题目