题目内容
4.①最终的环境温度T;
②气缸内部气体内能的变化量△U.
分析 ①缓慢上升气体做等压变化,利用盖-吕萨克定律,即可求出最终的环境温度T;
②利用平衡求出气缸内气体的压强,利用做功公式W=P△V求出外界对气体做功,再利用热力学第一定律结合题给气体放出的热量为10J,联立即可求出气缸内部气体内能的变化量△U.
解答 解:①活塞缓慢上升的过程中,封闭气体为等压变化,已知:V1=l1S,V2=l2S,T1=(273+27)K=300K,
根据盖-吕萨克定律可得:$\frac{{V}_{1}}{{T}_{1}}$=$\frac{{V}_{2}}{T}$
解得:T=285K
②由于活塞缓慢移动,根据受力平衡可得:P0S=PS+mg
外界对气体做功为:W=PS△h
联立解得:W=P0S△h-mg△h=9J
根据热力学第一定律:△U=W+Q,其中Q=-10J
解得:△U=-1J
即内能减小了1J
答:①最终的环境温度T为285K;
②气缸内部气体内能减小了1J.
点评 本题考查气体定律和热力学第一定律的综合运用,解题关键是要分析好压强P、体积V、温度T三个参量的变化情况,选择合适的气体定律解决;应用热力学第一定律△U=W+Q解题时要注意Q和W的正负;Q>0吸热Q<0放热;气体对外做功W为负,外界对气体做功W为正;内能增加△U为正,内能减小△U为负,并且还要根据具体问题中的字母的含义,判断W与Q是否含着正负号,本题中Q本身就为负值.
练习册系列答案
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13.下列哪个选项不属于探测射线的探测器( )
| A. | 威尔逊云室 | B. | 气泡室 | C. | 盖革-米勒计数器 | D. | 质谱仪 |
14.
如图所示,质量为m的物体(可视为质点)以某一速度从A点冲上倾角为30°的固定斜面,其运动的加速度为$\frac{3}{4}$g,此物体在斜面上上升的最大高度为h,则在这个过程中物体( )
| A. | 重力势能增加了$\frac{3}{4}$mgh | B. | 物体克服阻力做功$\frac{1}{6}$mgh | ||
| C. | 动能损失了$\frac{1}{2}$mgh | D. | 机械能损失了$\frac{1}{2}$mgh |
9.
如图所示,两单摆摆长相同,静止时两球刚好接触.将摆球A在两摆线所在平面内向左拉开一个小角度后释放,碰撞中动能有损失,碰后两球分开,分别做简谐运动.用mA、mB分别表示摆球两球的质量,则下列说法中正确的是( )
| A. | 如果mA>mB,下一次碰撞必将发生在平衡位置右侧 | |
| B. | 如果mA<mB,下一次碰撞必将发生在平衡位置左侧 | |
| C. | 只要两摆球的质量不相同,下一次碰撞就不可能发生在平衡位置 | |
| D. | 无论两摆球的质量之比是多少,下一次碰撞一定发生在平衡位置 |
13.下列说法中正确的是( )

| A. | 图甲为氧气分子在不同温度下的速率分布图象,由图可知状态①的温度比状态②的温度低 | |
| B. | 图乙为一定质量的理想气体状态变化的p-V图线,由图可知气体由状态A变化到B的过程中,气体温度先升高后降低 | |
| C. | 装在容器中的液体,液体表面层中分子间的距离一定比液体内部分子间的距离大;附着层内液体分子间的距离一定比液体内部分子间的距离小 | |
| D. | 一定质量的理想气体经历绝热膨胀过程后,气体压强一定增大 |