题目内容

4.如图所示,倒悬的导热气缸中封闭着一定质量的理想气体,轻质活塞可无摩擦上下移动,活塞的下面吊着一个重力为100N的物体,活塞的横截面积为1.0×10-2m2,大气压强恒为p0=1.0×105Pa,初始环境的温度为27℃,活塞到气缸底面的距离为20.0cm.因环境温度逐渐降低,导致活塞缓慢上升了1.0cm,气缸中的气体放出的热量为10J.求:
①最终的环境温度T;
②气缸内部气体内能的变化量△U.

分析 ①缓慢上升气体做等压变化,利用盖-吕萨克定律,即可求出最终的环境温度T;
②利用平衡求出气缸内气体的压强,利用做功公式W=P△V求出外界对气体做功,再利用热力学第一定律结合题给气体放出的热量为10J,联立即可求出气缸内部气体内能的变化量△U.

解答 解:①活塞缓慢上升的过程中,封闭气体为等压变化,已知:V1=l1S,V2=l2S,T1=(273+27)K=300K,
根据盖-吕萨克定律可得:$\frac{{V}_{1}}{{T}_{1}}$=$\frac{{V}_{2}}{T}$
解得:T=285K
②由于活塞缓慢移动,根据受力平衡可得:P0S=PS+mg
外界对气体做功为:W=PS△h
联立解得:W=P0S△h-mg△h=9J
根据热力学第一定律:△U=W+Q,其中Q=-10J
解得:△U=-1J
即内能减小了1J
答:①最终的环境温度T为285K;
②气缸内部气体内能减小了1J.

点评 本题考查气体定律和热力学第一定律的综合运用,解题关键是要分析好压强P、体积V、温度T三个参量的变化情况,选择合适的气体定律解决;应用热力学第一定律△U=W+Q解题时要注意Q和W的正负;Q>0吸热Q<0放热;气体对外做功W为负,外界对气体做功W为正;内能增加△U为正,内能减小△U为负,并且还要根据具体问题中的字母的含义,判断W与Q是否含着正负号,本题中Q本身就为负值.

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