Question

1．已知函数f（x）=e^x（e为自然对数的底数），g（x）=$\frac{a}{2}$x+b（a，b∈R）．
（1）若h（x）=f（x）g（x），b=1-$\frac{a}{2}$且a=-4，求h（x）在[0，1]上的最大值；
（2）若a=4时，方程f（x）=g（x）在[0，2]上恰有两个相异实根，求实数b的取值范围；
（3）若b=-$\frac{15}{2}$，a∈N*，求使f（x）的图象恒在g（x）图象上方的最大正整数a．（2.71＜e＜2.72）

Answer 1

分析 （1）利用导数求得函数h（x）的单调性，再求最值；
（2）方程f（x）=g（x）在[0，2]上恰有两个相异实根?F（x）=e^x-2x-b在[0，2]上恰有两个相异实根?F（x）=e^x-2x-b在[0，2]上与横轴有两个交点，利用导数求其单调性，利用图象即可，
（3）使f（x）的图象恒在g（x）图象上方?$?x∈R，p（x）=f（x）-g（x）={e^x}-\frac{a}{2}x+\frac{15}{2}＞0$恒成立，求出p（x）的最小值即可．

解答 解：（1）$b=1-\frac{a}{2}$时，$h（x）={e^x}（\frac{a}{2}x+1-\frac{a}{2}）（a∈R）$，∴h'（x）=e^x（-2x+1），
当x$∈（0，\frac{1}{2}）$时，h'（x）＞0，当x（$\frac{1}{2}$，1）时，h'（x）＜0，
∴h（x）在[0，$\frac{1}{2}$]上递增，在（$\frac{1}{2}，1$）减，
$h{（x）_{max}}=h（\frac{1}{2}）=2{e^{\frac{1}{2}}}$；
（2）F（x）=f（x）-g（x）=e^x-2x-b，F'（x）=e^x-2，
∴F（x）在（0，ln2）上单调递减；在（ln2，+∞）上单调递增；…（5分）
∴F（x）=e^x-2x-b在[0，2]上恰有两个相异实根，
$?\left\{\begin{array}{l}F（0）=1-b≥0\\ F（ln2）=2-2ln2-b＜0\\ F（2）={e^2}-4-b≥0\end{array}\right.?2-2ln2＜b≤1$，
∴实数m的取值范围是m∈（2-2ln2，1]；              …（7分）
（3）由题设：$?x∈R，p（x）=f（x）-g（x）={e^x}-\frac{a}{2}x+\frac{15}{2}＞0$，（*）
∵$p'（x）={e^x}-\frac{a}{2}$，故p（x）在$（----∞，ln\frac{a}{2}）$上单调递减；在$（ln\frac{a}{2}，+∞）$上单调递增，
∴（*）$?p{（x）_{min}}=p（ln\frac{a}{2}）=\frac{a}{2}-\frac{a}{2}ln\frac{a}{2}+\frac{15}{2}=\frac{1}{2}（a-aln\frac{a}{2}+15）＞0$，
设$q（x）=x-xln\frac{x}{2}+15=x-x（lnx-ln2）+15$，则$q'（x）=1-ln\frac{x}{2}-1=-ln\frac{x}{2}$，
∴q（x）在（0，2）上单调递增；在（2，+∞）上单调递减，…（10分）
而q（2e²）=2e²-2e²lne²+15=15-2e²＞0，
且$q（15）=15-15ln\frac{15}{2}+15=15（2-ln\frac{5}{2}）=15（ln{e^2}-ln\frac{15}{2}）＜0$，
故存在${x_0}∈（2{e^2}，15）$使q（x₀）=0，
且x∈[2，x₀）时h（x）＞0，x∈（x₀，+∞）时h（x）＜0，
又∵$q（1）=16-ln\frac{1}{2}＞0$，$7＜{e^2}＜\frac{15}{2}$，
∴a∈N^*时使f（x）的图象恒在g（x）图象的上方的最大正整数a=14．…（12分）

点评 本题考查了导数的综合应用，转化思想是关键，属于难题．