Question

15．设数列{a_n}的前n项和为S_n．已知a₁=1，$\frac{{2{S_n}}}{n}$=a_n+1-$\frac{1}{3}$n²-n-$\frac{2}{3}$，n∈N^*．
（1）求数列{a_n}的通项公式；
（2）设数列{b_n}满足a_n-a_n-1=b_na${\;}_{2^n}}$，求数列{b_n}的n前项和T_n；
（3）是否存在实数λ，使得不等式λa${\;}_{{{（{\sqrt{2}}）}^n}}}$-$\frac{λ}{{{a_{{{（{\sqrt{2}}）}^n}}}}}$+a${\;}_{2^n}}$+$\frac{1}{{{a_{2^n}}}}$≥0恒成立，若存在，求出λ的取值范围；若不存在，请说明理由．

Answer 1

分析 （1）需要分类讨论：n=1和n≥2两种情况下的通项公式．当n≥2时，根据已知条件可以推知2S_n-2S_n-1=na_n+1-（n-1）a_n-n（n+1）．2a_n=na_n+1-（n-1）a_n-n（n+1），由着两个式子可以得到数列$\left\{{\frac{a_n}{n}}\right\}$是以首项为$\frac{a_1}{1}=1$，公差为1的等差数列．由此写出通项公式即可；
（2）由a_n-a_n-1=b_na${\;}_{2^n}}$可得b_n=$\frac{{a}_{n}-{a}_{n-1}}{{a}_{{2}^{n}}}$=$\frac{{n}^{2}-（n-1）^{2}}{{4}^{n}}$=$\frac{2n-1}{{4}^{n}}$．再利用“错位相减法”与等比数列的求和公式即可得出；
（3）将已知不等式变形为λ（2ⁿ-$\frac{1}{{2}^{n}}$）+（2ⁿ-$\frac{1}{{2}^{n}}$）²+2≥0，然后结合函数的单调性来求λ的取值范围．

解答 （1）解：∵$\frac{{2{S_n}}}{n}={a_{n+1}}-\frac{1}{3}{n^2}-n-\frac{2}{3}$，n∈N^*．
∴$2{S_n}=n{a_{n+1}}-\frac{1}{3}{n^3}-{n^2}-\frac{2}{3}n=n{a_{n+1}}-\frac{{n（{n+1}）（{n+2}）}}{3}$①
∴当n≥2时，$2{S_{n-1}}=（{n-1}）{a_n}-\frac{{（{n-1}）n（{n+1}）}}{3}$②
由①-②，得 
2S_n-2S_n-1=na_n+1-（n-1）a_n-n（n+1）．
∵2a_n=2S_n-2S_n-1
∴2a_n=na_n+1-（n-1）a_n-n（n+1），
∴$\frac{{{a_{n+1}}}}{n+1}-\frac{a_n}{n}=1$，
∴数列$\left\{{\frac{a_n}{n}}\right\}$是以首项为$\frac{a_1}{1}=1$，公差为1的等差数列．
∴$\frac{a_n}{n}=1+1×（{n-1}）=n$，
∴${a_n}={n^2}（{n≥2}）$，当n=1时，上式显然成立．
∴${a_n}={n^2}，n∈{N^*}$；
（2）a_n-a_n-1=b_na${\;}_{2^n}}$⇒b_n=$\frac{{a}_{n}-{a}_{n-1}}{{a}_{{2}^{n}}}$=$\frac{{n}^{2}-（n-1）^{2}}{{4}^{n}}$=$\frac{2n-1}{{4}^{n}}$．
∴T_n=$\frac{1}{4}$+$\frac{3}{{4}^{2}}$+$\frac{5}{{4}^{3}}$+…+$\frac{2n-1}{{4}^{n}}$．①
$\frac{1}{4}$T_n=$\frac{1}{{4}^{2}}$+$\frac{3}{{4}^{3}}$+$\frac{5}{{4}^{4}}$+…+$\frac{2n-1}{{4}^{n+1}}$．②
由①-②，得
$\frac{3}{4}$T_n=$\frac{1}{4}$+2（$\frac{1}{{4}^{2}}$+$\frac{1}{{4}^{3}}$+$\frac{1}{{4}^{4}}$+…+$\frac{1}{{4}^{n}}$）-$\frac{2n-1}{{4}^{n+1}}$．
=$\frac{1}{4}$+2•$\frac{\frac{1}{{4}^{2}}（1-\frac{1}{{4}^{n-1}}）}{1-\frac{1}{4}}$-$\frac{2n-1}{{4}^{n+1}}$．
∴T_n=$\frac{5}{9}$-$\frac{6n+5}{9•{4}^{n}}$，n∈N⁺；
（3）λa${\;}_{{{（{\sqrt{2}}）}^n}}}$-$\frac{λ}{{{a_{{{（{\sqrt{2}}）}^n}}}}}$+a${\;}_{2^n}}$+$\frac{1}{{{a_{2^n}}}}$≥0⇒λ（2ⁿ-$\frac{1}{{2}^{n}}$）+2ⁿ+$\frac{1}{{2}^{n}}$≥0，（n=2，4，6，8，10…）⇒λ（2ⁿ-$\frac{1}{{2}^{n}}$）+（2ⁿ-$\frac{1}{{2}^{n}}$）²+2≥0，
令t=2ⁿ-$\frac{1}{{2}^{n}}$，则t≥$\frac{15}{4}$，
原不等式⇒λt+t²+2≤0⇒≥-（t+$\frac{2}{t}$）．
∵t+$\frac{2}{t}$在（$\frac{15}{4}$，+∞）上单调递增，
∴t+$\frac{2}{t}$≥$\frac{15}{4}$+$\frac{2}{\frac{15}{4}}$=$\frac{257}{60}$．
∴λ≥-$\frac{257}{60}$．

点评 本题考查了“错位相减法”、等差数列与等比数列的通项公式及其求和公式，考查了推理能力与计算能力，属于中档题．