题目内容
2.如图所示,传送带与地面倾角为θ=37,从A到B的长度为L=24m,传送带以v=6m/s的速率逆时针匀速转动.物块m1=0.5kg和物块m2=0.1kg用轻绳连接在一起,轻绳绕过光滑定滑轮.在传送带上端A处由静止释放物块m1. 物块m1与传动嗲之间的动摩擦因数为μ=0.4,轻绳足够长.在m1从A运动到B的过程中,物块m2还未升至定滑轮位置,求:(sin37°=0.6,cos37°=0.8,g=10m/s)(1)物块m1加速至传送带速度相等需要的时间;
(2)物块m1从A运动到B的过程中最小加速度为多少?
(3)物块m1从A运动到B需时间是多少?
分析 (1)抓住两物块的加速度相等,结合牛顿第二定律求出加速度的大小,结合速度时间公式求出物块m1加速至传送带速度相等需要的时间.
(2)物块1的速度与传送带速度相等后,由于物块1重力沿斜面向下的分力大于摩擦力和物块2的重力之和,物块1继续做匀加速直线运动,根据牛顿第二定律求出速度相等后的加速度,从而得出最小的加速度.
(3)根据运动学公式分别求出两段过程中的时间,从而得出总时间.
解答 解:(1)对m1研究,根据牛顿第二定律有:m1gsinθ+μm1gcosθ-T=m1a,
对m2研究,根据牛顿第二定律有:T-m2g=m2a,
联立两式解得a=6m/s2,
则物块m1加速至传送带速度相等需要的时间${t}_{1}=\frac{v}{a}=\frac{6}{6}s=1s$.
(2)因为m1速度与传送带速度相等后,由于m1gsinθ-μm1gcosθ-m2g>0,可知不能保持相对静止,与传送带一起做匀速直线运动.
则速度相等后的加速度$a′=\frac{{m}_{1}gsinθ-μ{m}_{1}gcosθ-{m}_{2}g}{{m}_{1}+{m}_{2}}$=$\frac{5×0.6-0.4×5×0.8-1}{0.6}m/{s}^{2}=\frac{2}{3}m/{s}^{2}$,
可知物块m1从A运动到B的过程中最小加速度为$\frac{2}{3}m/{s}^{2}$.
(3)物块m1以加速度a做匀加速直线运动的位移${x}_{1}=\frac{1}{2}a{{t}_{1}}^{2}=\frac{1}{2}×6×1m=3m$,末速度v=at1=6×1m/s=6m/s,
则物块m1以加速度a′做匀加速直线运动的位移x2=L-x1=24-3m=21m,
根据${x}_{2}=v{t}_{2}+\frac{1}{2}a′{{t}_{2}}^{2}$得,代入数据解得t2=3s.
则总时间t=t1+t2=1+3s=4s.
答:(1)物块m1加速至传送带速度相等需要的时间为1s;
(2)物块m1从A运动到B的过程中最小加速度为$\frac{2}{3}m/{s}^{2}$;
(3)物块m1从A运动到B需时间是4s.
点评 本题考查了连接体问题,解决本题的关键理清物块在整个过程中运动规律,抓住加速度相等,运用牛顿第二定律和运动学公式综合求解,注意物块1速度与传送带速度相等后,不是一起做匀速直线运动.
A. | $\frac{3}{4}$m | B. | $\frac{4}{3}$m | C. | $\frac{9}{8}$m | D. | $\frac{8}{9}$m |
A. | 交流电的周期是0.01s | |
B. | 电流表A的读数是0.5A | |
C. | 变压器输入功率是11W | |
D. | 变压器输出电压表的函数表达式u=22$\sqrt{2}$sin(100πt)V |