题目内容

14．如图电路，C为电容器的电容，D为理想二极管（具有单向导通作用），电流表、电压表均为理想表．闭合开关S至电路稳定后，调节滑动变阻器滑片P向左移动一小段距离，结果发现电压表V1的示数改变量大小为△U1，电压表V2的示数改变量大小为△U2，电流表A的示数改变量大小为△I，则下列判断正确的有（　　）
A．$\frac{{U}_{1}}{I}$的值变大
B．滑片向左移动的过程中，电容器所带的电荷量要不断减少
C．$\frac{{△U}_{2}}{△I}$的值不变，且始终等于电源内阻r
D．$\frac{{△U}_{1}}{△I}$的值变大

分析 由电路图先明确电路的结构，再根据滑动变阻器的移动明确电阻的变化，由闭合电路欧姆定律可知电路中电流的变化，可分析电容器的电压，再分析电容器所带电量的变化．根据闭合电路欧姆定律分析即可．

解答 解：A、由图可知，R1与R串联，V1测R两端的电压，V2测路端的电压．由欧姆定律知，$\frac{{U}_{1}}{I}$=R，R增大，则$\frac{{U}_{1}}{I}$变大，故A正确．
B、若滑片P向左端移动时，滑动变阻器接入电阻增大，由闭合电路欧姆定律可知，电路中总电流减小，R1的电压减小，由于理想二极管具有单向导通作用，只能充电，不能放电，所以电容器所带的电荷量不变，故B错误．
C、根据闭合电路欧姆定律得：由U2=E-Ir，则$\frac{{△U}_{2}}{△I}$=r，不变；故C正确；
D、根据闭合电路欧姆定律得：U1=E-I（R1+r），则$\frac{{△U}_{1}}{△I}$=R1+r，所以$\frac{{△U}_{1}}{△I}$的值保持不变；故D错误．
故选：AC

点评 对于闭合电路欧姆定律的动态分析类题目，一般可按外电路-内电路-外电路的分析思路进行分析，在分析时应注意结合闭合电路欧姆定律及串并联电路的性质．

练习册系列答案
相关题目
1．下面关于加速度的描述中，正确的是（　　）
A．加速度是描述物体速度变化快慢的物理量
B．加速度逐渐增大时，物体一定做加速运动
C．加速度不变（且不为零）时，速度也有可能保持不变
D．匀速行驶的磁悬浮列车，由于其速度很大，所以加速度也很大
5．如图所示的电路中，电源电动势为E，内阻不可忽略，R1是可变电阻，R2、R3为定值电阻，小灯泡正常发光．现在突然发现电流表的示数变小，而小灯泡比原来变亮了．则出现该现象的原因可能是（　　）
A．R1的阻值变大B．R1的阻值变小C．R3断路D．R2断路
2．甲、乙两物体沿同一直线同向作匀变速直线运动，它们的速度图线如图所示，在第3s末它们在途中相遇，则它们的出发点之间的关系是（　　）
A．甲在乙前2 mB．乙在甲前2 mC．甲在乙前4 mD．乙在甲前4 m
9．如图所示，足够长绝缘直管道倾斜放置，管道与水平方向的夹角为θ．管内放有一带电小球，小球直径略小于管道内径，小球质量为m，带电量为+q，与管道间的动摩擦因数为μ，μ＜tanθ．整个装置处在磁感应强度为B的匀强磁场中，磁场方向垂直于管道所在竖直面向外，如图所示．现将小球由最高点静止释放，重力加速度为g，求：
（1）小球刚释放时的加速度；
（2）当小球的加速度最大时，速度为多大；
（3）小球运动速度达到最大时，距出发点的距离为L，求小球从出发到速度最大过程中克服摩擦力所做的功．
19．如图所示，力F作用于物体的O点．现要使作用在物体上的合力沿OO′方向，需再作用一个力F1，则F1的最小值为（　　）
A．F1=Fsin αB．F1=Ftan αC．F1=FD．F1＜Fsin α
6．某同学用弹簧测力计称一木块重为5N，把木块放在水平面上，用弹簧测力计水平向右拉木块．
（1）当弹簧测力计读数是1.5N时，木块未被拉动，这时木块受到的是静摩擦力，大小是1.5N，方向向左．
（2）当弹簧测力计读数是2.1N时，木块刚好被拉动，这时木块受到的是最大静摩擦力，大小是2.1N，方向向左．
3．一个质量为m、电荷量为q的带电粒子，在磁感应强度为B的匀强磁场中，仅在洛伦兹力的作用下做匀速圆周运动，若将该粒子的运动等效为环形电流，则该电流值为（　　）
A．$\frac{qB}{πm}$B．$\frac{{q}^{2}B}{πm}$C．$\frac{qB}{2πm}$D．$\frac{{q}^{2}B}{2πm}$
4．在水平地面上固定一个竖直轻弹簧，现在弹簧上端放一个重为10N的木块后，弹簧被压缩了2cm，系统处于平衡状态，则轻弹簧的劲度系数为（　　）
A．2000N/mB．500N/mC．50N/mD．20N/m

违法和不良信息举报电话：027-86699610 举报邮箱：58377363@163.com

精英家教网