题目内容
13．
如图所示，总质量为460kg的热气球，从地面刚开始竖直上升时的加速度为0.5m/s2，当热气球上升到180m时，以5m/s的速度向上匀速运动．若离开地面后热气球所受浮力保持不变，上升过程中热气球总质量不变，重力加速度g=10m/s2．关于热气球，下列说法正确的是（ ）| A． | 所受浮力大小为690N | |
| B． | 加速上升过程中所受空气阻力保持不变 | |
| C． | 从地面开始上升10s后的速度大小为5m/s | |
| D． | 以5m/s匀速上升时所受空气阻力大小为230N |
分析 气球受重力、浮力和阻力，先加速后匀速，故加速度变化，合力变化，故阻力变化；开始时速度为零，空气阻力为零，根据牛顿第二定律列式求解出浮力；最后匀速，再根据平衡条件列式求解．
解答 解：A、从地面刚开始竖直上升时，速度为零，故阻力为零，气球受重力和浮力，根据牛顿第二定律，有：F浮-mg=ma，解得：F浮=m（g+a）=460×（10+0.5）N=4830N，故A错误；
B、气球受重力、浮力和空气阻力，若阻力不变，合力不变，气球匀加速上升不会做匀速直线运动，与题意矛盾，则上升过程空气阻力发生变化，故B错误；
C、刚开始竖直上升时的加速度为0.5m/s2，气球是变加速运动，加速度逐渐减小，故10s后的速度大小小于5m/s，故C错误；
D、以5m/s匀速上升时，根据平衡条件，有：F浮=mg+f，解得f=230N，故D正确；
故选：D．
点评 本题关键明确气球做加速度不断减小的加速运动，当加速度减为零时，速度达到最大；然后根据平衡条件和牛顿第二定律列式求解．
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3．关于物体运动的速度和加速度的关系，下列说法正确的是（ ）
| A． | 速度越大，加速度也越大 | |
| B． | 速度变化越快，加速度一定越大 | |
| C． | 匀速直线运动的加速度恒定且不为零 | |
| D． | 匀减速直线运动的加速度一定为负值 |
1．下列仪器测量的物理量不是力学基本物理量是（ ）
| A． |  托盘天平 | B． |  弹簧测力计 | C． |  秒表 | D． |  刻度尺 |
8．
航天训练中心通常应用离心机对航天员进行超重模拟训练．如图所示为目前我国航天员中心用来训练的载人离心机，若其旋转手臂长L，航天员在训练舱中绕转轴水平转动训练时达到8倍重力加速度，则此时航天员做圆周运动的线速度大小为（ ）
航天训练中心通常应用离心机对航天员进行超重模拟训练．如图所示为目前我国航天员中心用来训练的载人离心机，若其旋转手臂长L，航天员在训练舱中绕转轴水平转动训练时达到8倍重力加速度，则此时航天员做圆周运动的线速度大小为（ ）| A． | $\sqrt{8gL}$ | B． | 8gL | C． | $\sqrt{\frac{8g}{L}}$ | D． | $\frac{8g}{L}$ |
18．一质点以初速度v0沿x轴正方向运动，已知加速度方向沿x轴正方向，当加速度a的值由零逐渐增大到某一值后再逐渐减小到零的过程中，该质点（ ）
| A． | 速度先增大后减小，直到加速度等于零为止 | |
| B． | 速度一直在增大，直到加速度等于零为止 | |
| C． | 位移先增大，后减小，直到加速度等于零为止 | |
| D． | 位移一直在增大 |
从斜面上某一位置每隔0.1s释放一个相同的小球，释放后小球做匀加速直线运动，在连续释放几个后，对在斜面上滚动的小球拍下如图所示的照片，测得xAB=15cm，xBC=20cm．试问：
如图所示，空间有场强E=1.0×102V/m竖直向下的匀强电场．长L=0.8m不可伸长的轻绳一端固定于O点，另一端系一质量m=0.25kg，电荷量q=5×10-2C的小球．拉起小球至绳水平后由A点无初速度释放小球，当小球运动至O点的正下方B点时，绳恰好断裂，然后小球垂直打在同一竖直平面内且与水平面成θ=53°角．无限大的挡板MN上的C点．g取10m/s2．Sin53°=0.8，cos53°=0.6．试求：