题目内容
3．不带电的金属球A的正上方有一点B，在B处有一带电液滴自静止开始下落，到达A秋后电荷全部传给A求，不计其他的影响，则下列叙述正确的是（ ）| A． | 第一滴液滴做自由落体运动，以后液滴做变加速运动，都能到达A球 | |
| B． | 当液滴下落到重力等于电场力位置时，速度为零 | |
| C． | 当液滴下落到重力等于电场力的位置时，开始做匀速运动 | |
| D． | 一定有液滴无法达到A球 |
分析 随着球A液滴增多，带电量增大，空间产生的场强增强，除第一滴液滴做自由落体运动，以后液滴做变加速运动，不一定能到达A球；通过分析受力情况，判断液滴的运动情况；当液滴所受的电场力与重力相等时动能最大，但各个液滴动能最大的位置不同，最大动能不等；根据功的公式W=Fl分析电场力做功关系．
解答 解：
A、第一滴液滴只受重力做自由落体运动，以后液滴将受力向上的电场力作用而做变加速运动，随着球A液滴增多，带电量增大，空间产生的场强增强，以后液滴所受的电场力增大，这些液滴先加速后减速，就不一定能到达A球，故A错误．
B、当液滴下落到重力等于电场力位置时，加速度为零，因继续向下运动时电场力增大，电场力将大于重力，开始做减速运动，故BC错误．
D、由C选项分析可知，当电场力与重力的产生加速度，使液滴减速运动时，会出现没有到达A球时，就返回，故D正确．
故选：D．
点评 本题关键要正确分析液滴的受力情况，从而判断其运动情况，知道液滴所受的电场力与重力平衡时动能最大，类似于小球掉在弹簧上的问题，要能进行动态分析．
练习册系列答案
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13．
如图所示，总质量为460kg的热气球，从地面刚开始竖直上升时的加速度为0.5m/s2，当热气球上升到180m时，以5m/s的速度向上匀速运动．若离开地面后热气球所受浮力保持不变，上升过程中热气球总质量不变，重力加速度g=10m/s2．关于热气球，下列说法正确的是（ ）
如图所示，总质量为460kg的热气球，从地面刚开始竖直上升时的加速度为0.5m/s2，当热气球上升到180m时，以5m/s的速度向上匀速运动．若离开地面后热气球所受浮力保持不变，上升过程中热气球总质量不变，重力加速度g=10m/s2．关于热气球，下列说法正确的是（ ）| A． | 所受浮力大小为4830N | |
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一圆柱形小物块放在一转盘上，并随着转盘一起绕O点匀速转动，通过频闪照相技术对其进行研究，从转盘的正上方拍照，得到的频闪照片如图所示，已知频闪仪的闪光频率为30Hz，转动半径为2m，该转盘转动的角速度和物块的向心加速度是多少？
11．
如图所示，电源的电动势为E，内电阻为r，外电路接有定值电阻R1、R2和滑动变阻器R，合上开关S，当滑动变阻器的滑动片P从R的最左端移到最右端的过程中，下述说法正确的是（ ）
如图所示，电源的电动势为E，内电阻为r，外电路接有定值电阻R1、R2和滑动变阻器R，合上开关S，当滑动变阻器的滑动片P从R的最左端移到最右端的过程中，下述说法正确的是（ ）| A． | 电压表读数一定变大 | B． | 电压表读数一定变小 | ||
| C． | R消耗的功率一定变大 | D． | R消耗的功率可能先增大后减小 |
如图所示，在竖直平面内固定一圆管，圆管的内壁粗糙外壁光滑，圆管的半径为R=0.32m且远大于圆管的内径，一直径略小于管的内径的小球放在管的最低点，小球质量为m=0.2kg，重力加速度g取10m/s2，
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12．汽车拉着拖车在水平道路上沿直线加速行驶，根据牛顿运动定律可知（ ）
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| C． | 汽车拉拖车的力大于拖车受到的阻力 | |
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9．下列说法中正确的是（ ）
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| C． | 场中某点的场强方向是检验电荷在该点的受力方向 | |
| D． | 公式E=$\frac{F}{q}$、E=k$\frac{Q}{{r}^{2}}$和E=$\frac{U}{d}$对于任何电场都是适用的 |
多弹头攻击系统是破解导弹防御体系的重要手段．同一水平面上的A、B两个军事目标的位置关系如图，P、Q是其连线上的两个三等分点．现有一枚母弹无动力运动至P点正上方的K点时分裂成两个质量相等的分弹头，分别命中A、B两个目标．已知分裂前后炮弹的速度均在水平方向且不计空气阻力．若该母弹在K点没有成功分裂，它的落点将在（ ）