题目内容
9．在“测定金属的电阻率”的实验中，提供的电源是一节内阻可不计的干电池，被测金属丝的直径小于1mm，长度终为80cm，阻值约为3Ω，使用的电压表有3V（内阻约为3kΩ）和15V（内阻约为15kΩ）两个量程，供限流用的滑动变阻器有：A.0-10Ω；B.0-500Ω两种，可供选择的实验电路有如图所示的甲、乙两种，用螺旋测微器测金属丝的直径如图丙所示，则：
（1）实验中，以下操作中错误的是C
A．用米尺测量金属丝的全长，且测量三次，算出其平均值，然后再将金属丝接入电路中
B．用螺旋测微器在金属丝三个不同部位各测量一次直径，算出其平均值
C．用伏安法测量电阻时，闭合电键S前，应把滑动变阻器的滑片滑到图中的最左端
D．实验中应保持金属丝的温度不变
（2）螺旋测微器的示数是0.805mm．
（3）为减小电阻的测量误差，应选用乙图所示的电路；
（4）为了提高测量的精确度和便于调节，电压表的量程应选3V，应选用编号为A的滑动变阻器．
分析 （1）为减小实验误差应进行多次测量求平均值；为保护电路，滑动变阻器采用分压接法时，闭合开关前滑片应置于最大阻值处．
（2）螺旋测微器固定刻度示数与可动刻度示数之和是螺旋测微器示数．
（3）根据待测电阻阻值与电表内阻关系确定电流表接法，然后选择实验电路．
（4）根据电源电动势选择电压表，根据电路最大电流选择电流表，为方便实验操作应选最大阻值较小的滑动变阻器．
解答 解：（1）A、为减小实验误差，应进行多次测量求平均值，故AB正确；
C、由图示电路图可知，滑动变阻器采用限流接法，为保护电路安全，闭合开关前，滑片应置于最左端，故C错误；
D、金属丝电阻受温度应用，为减小实验误差，实验中应保持金属丝的温度不变，故D正确；
本题选错误的，故选：C．
（2）由图示螺旋测微器可知，其示数为0.5mm+30.5×0.01mm=0.805mm．
（3）金属丝电阻约为3Ω，电压表内阻约为几千欧、十几欧，电流表内阻很小，约为及欧姆或零点几欧姆，电压表内阻远大于金属丝电阻，电流表应采用外接法，应选图乙所示电路．
（4）一节干电池电动势为1.5V，电压表量程应选3V，电路最大电流约为I=$\frac{U}{R}$=$\frac{1.5}{3}$=0.5A，电流表选0.6A量程，为方便实验操作，滑动变阻器应选A．
故答案为：（1）C；（2）0.805；（3）乙；（4）3，A．
点评 螺旋测微器固定刻度示数与可动刻度示数之和是螺旋测微器示数，螺旋测微器需要估读；当电压表内阻远大于待测电阻阻值时电流表应采用外接法；要掌握实验器材的选取原则．
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19．
如图所示，A、B两物块叠放在一起，放在粗糙的水平面上，现对A 物体施加一水平拉力，使A、B保持相对静止地向右做匀加速直线运动，运动过程中B受到的摩擦力（ ）
如图所示，A、B两物块叠放在一起，放在粗糙的水平面上，现对A 物体施加一水平拉力，使A、B保持相对静止地向右做匀加速直线运动，运动过程中B受到的摩擦力（ ）| A． | 方向向左，大小不变 | B． | 方向向左，逐渐减小 | ||
| C． | 方向向右，大小不变 | D． | 方向向右，逐渐减小 |
20．
如图所示，一个半径为r，重为G的圆球，被长为L的细绳挂在竖直光滑的墙壁上．若加长细绳的长度，则细绳对球的拉力T及墙对球的弹力N的变化，下列说法正确的是（ ）
如图所示，一个半径为r，重为G的圆球，被长为L的细绳挂在竖直光滑的墙壁上．若加长细绳的长度，则细绳对球的拉力T及墙对球的弹力N的变化，下列说法正确的是（ ）| A． | T一直减小，N先增大后减小 | B． | T一直减小，N先减小后增大 | ||
| C． | T和N都减小 | D． | T和N都增大 |
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4．关于物理学研究方法，下列叙述中正确的是（ ）
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14．
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如图所示，物体P以一定的初速度沿光滑水平面向右运动，与一个右端固定的轻质弹簧相撞，并被弹簧反弹回，若弹簧在被压缩过程中始终遵守胡克定律，那么在P与弹簧发生相互作用的整个过程中（ ）| A． | P做匀速直线运动 | |
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