题目内容
已知数列{an}是首项为a1，公差为d（0＜d＜2π）的等差数列，若数列{cosan}是等比数列，则其公比为（ ）
| A、1 | B、-1 | C、±1 | D、2 |
考点：等比数列的性质
专题：等差数列与等比数列
分析：由已知条件推导出
=
，由积化和差得cos（n-2）d-cosnd=0，再由和差化积得2sin[（n-1）d]sind=0，对任意的正整数n都成立，由此能求出公比q=-1．
| cos(a1+nd) |
| cos[a1+(n-1)d] |
| cos(a1+d) |
| cosa1 |
解答：
解：∵数列{an}是首项为a1，公差为d（0＜d＜2π）的等差数列，
∴an=a1+（n-1）d，
∵数列{cosan}是等比数列，
∴
=
，①
∴2cosa1cos（a1+nd）=2cos（a1+d）cos[a1+（n-1）d]，
积化和差得cos（2a1+nd）+cosnd=cos（2a1+nd）+cos（n-2）d，
∴cos（n-2）d-cosnd=0，
和差化积得2sin[（n-1）d]sind=0，对任意的正整数n都成立，
∴sind=0，0＜d＜2π，
∴d=π．
由①，公比q=-1．
故选：B．
∴an=a1+（n-1）d，
∵数列{cosan}是等比数列，
∴
| cos(a1+nd) |
| cos[a1+(n-1)d] |
| cos(a1+d) |
| cosa1 |
∴2cosa1cos（a1+nd）=2cos（a1+d）cos[a1+（n-1）d]，
积化和差得cos（2a1+nd）+cosnd=cos（2a1+nd）+cos（n-2）d，
∴cos（n-2）d-cosnd=0，
和差化积得2sin[（n-1）d]sind=0，对任意的正整数n都成立，
∴sind=0，0＜d＜2π，
∴d=π．
由①，公比q=-1．
故选：B．
点评：本题考查等比数列的公比的求法，是中档题，解题时要认真审题，注意积化和差公式与和差化积公式的灵活运用．
练习册系列答案
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