题目内容

有E、Q、T、X、Z五种前四周期元素,原子序数E<Q<T<X<Z.E、Q、T三种元素的基态原子具有相同的能层和能级,且I1(E)<I1(T)<I1(Q),其中基态Q原子的2p轨道处于半充满状态,且QT2+与ET2互为等电子体.X为周期表前四周期中电负性最小的元素,Z的原子序数为29.请回答下列问题:
(1)写出QT2+的电子式
 
,E、Q、T三种元素的第一电离能由大到小顺序为:
 
(请用相应的元素符号表示)基态Z原子的核外电子排布式为
 

(2)化合物甲由T、X两元素组成,其晶胞如图1,晶体中与每个X离子距离最近的X离子有
 
个,晶体中每个X离子周围有
 
个T离子,甲的化学式为
 


(3)Q的简单氢化物极易溶于T的简单氢化物,其主要原因有
 
等两种.
(4)化合物乙的晶胞如图2,乙由E、Q两元素组成,硬度超过金刚石.
①乙的晶体类型为
 

②乙的晶体中E、Q两种元素原子的杂化方式均为
 

(5)Z与氯元素的某种化合物的晶胞结构如图所示,则该化合物的化学式是
 
,若Z与氯原子的最近的距离为a cm,则该晶体的密度为
 
g/cm3(只要求列算式,不必计算出数值,阿伏伽德罗常数的数值为NA
考点:位置结构性质的相互关系应用,原子核外电子排布,晶胞的计算
专题:
分析:E、Q、T三种元素的基态原子具有相同的能层和能级,应位于周期表同一周期,基态Q原子的2p轨道处于半充满状态,则原子核外电子排布式为1s22s22p3,应为N元素,I1(E)<I1(T)<I1(Q),且原子序数E<Q<T,则T应为O元素,QT2+与ET2互为等电子体,则E应为C元素,NO2+与CO2的电子数都为22,X为周期表前四周期中电负性最小的元素,应为K元素,Z的原子序数为29,为Cu元素,结合元素对应的单质、化合物的性质以及元素周期律解答该题.
解答: 解:依据分析可知:E为碳、Q为氮、T为氧、X为钾、Z为铜,
(1)QT2+为NO2+,电子式为,元素的非金属性越强,其第一电离能越大,非金属性O>N>C,但是由于N元素的p轨道处于半充满状态,相对稳定,故第一电离能大于O,故C、N、O的第一电离能大小顺序为:N>O>C,Z为Cu元素,原子序数为29,位于周期表第四周期第ⅠB族,电子排布式为 1s22s22p63s23p63d104s1,故答案为:; N>O>C;1s22s22p63s23p63d104s1
(2)依据晶胞结构可知:晶体中与每个K离子距离最近的K离子有12个,晶体中每个K离子周围有 6个O离子,晶胞中K离子位于晶胞的顶点和体心位置,平均1个晶胞含有K离子的个数为8×
1
8
+6×
1
2
=4,晶胞中,由O元素构成的离子个数为:2×(12×
1
4
+1)=8,则甲的化学式为KO2,故答案为:12;6;KO2
(3)Q的简单氢化物和T的简单氢化物分别为NH3、H2O,两种分子立体构型相似,都为极性分子,并且N、O元素的电负性较大,氢化物中存在氢键,两种原因导致氨气极易溶于水,故答案为:这两种氢化物均为极性分子、相互之间能形成氢键;
(4))①乙由E、Q两元素组成,硬度超过金刚石,则乙为原子晶体,故答案为:原子晶体;
②晶体中C原子与4个N原子成键,N原子与3个C原子成键,并用1个孤电子对,都为sp3杂化,故答案为:sp3
(5)由晶胞结构可知,晶胞中黑色球数目=4、白色球数目=8×
1
8
+6×
1
2
=4,故该化合物的化学式是CuCl,晶胞的质量=4×
99.5
NA
g,晶胞中黑色球与周围的4个白色球形成正四面体结构,若Cu与Cl原子最近的距离为a cm,如图正四面体:,连接F与A、B、C、D,则三棱锥A-BCD均分为等4个等体积的三棱椎,则V三棱锥A-BCD=4V三棱锥F-BCD=,故
1
3
S△BCD?(a+h)=4×
1
3
S△BCD?h,故h=
1
3
a,令正四面体的棱长为x cm,连接AF并延长交三角形BCD与O,O为正三角形BCD的中心,BO垂直平分CD,则BO的长度=x cm×
3
2
×
2
3
×=
3
3
xcm,同理计算:在直角三角形BOF中,(
3
3
x)2+(
1
3
a)2=a2,解得x=
2
6
3
a,故晶胞的棱长=
4
3
a
3
cm,故晶胞的体积=
64
3
3
a3 cm3,则晶胞密度=
4×99.5
NA?(
4
3
a
3
)3
,故答案为:CuCl;3
4×99.5
NA?(
4
3
a
3
)3
点评:本题考查较为综合,涉及电子式、电子排布式的书写、氢键、晶胞的计算及晶体的性质,题目难度中等,本题易错点为(4),注意杂化类型的判断.
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