Question

18．常温下，向1L 0.1mol•L^-1NH₄Cl溶液中，不断加入NaOH固体后，NH₄⁺与NH₃•H₂O浓度的变化趋势如图所示（不考虑溶液体积变化和氨气的挥发），下列说法不正确的是（　　）

• A． M点溶液中水的电离程度比原溶液小
• B． 在M点时，n（0H^-）-n（H⁺）=（a-0.05）mol
• C． 随着Na0H的加入，$\frac{c（{H}^{+}）}{c（N{{H}_{4}}^{+}）}$不断减小
• D． 当n（NaOH）=0.1mol时，c（0H^-）＞c（C1^-）＞c（NH₃•H₂0）

Answer 1

分析 A．M点是向1L 0.1mol•L^-1NH₄Cl溶液中，不断加入NaOH固体后反应得到氯化铵和一水合氨溶液，铵根离子浓度和一水合氨浓度相同，一水合氨是一元弱碱抑制水电离；
B．依据溶液中电荷守恒分析判断，n（Na⁺）=amol，n（Cl^-）=0.1mol；
C．铵根离子水解显酸性，结合水解平衡常数分析，$\frac{c（{H}^{+}）}{c（N{{H}_{4}}^{+}）}$×$\frac{c（N{H}_{3}•{H}_{2}O）}{c（N{H}_{3}•{H}_{2}O）}$=$\frac{Kh}{c（N{H}_{3}•{H}_{2}O）}$；
D．向1L 0.1mol•L^-1NH₄Cl溶液中，不断加入NaOH固体后，当n（NaOH）=0.1mol时，恰好反应生成氯化钠和一水合氨，c（Na⁺）=c（Cl^-）＞c（OH^-）．

解答 解：A．M点是向1L 0.1mol•L^-1NH₄Cl溶液中，不断加入NaOH固体后反应得到氯化铵和一水合氨溶液，铵根离子浓度和一水合氨浓度相同，一水合氨是一元弱碱抑制水电离，此时水的电离程度小于原氯化铵溶液中水的电离程度，故A正确；
B．在M点时溶液中存在电荷守恒，n（0H^-）+n（Cl^-）=n（H⁺）+n（Na⁺）+n（NH₄⁺），n（0H^-）-n（H⁺）=0.05+n（Na⁺）-n（Cl^-）=（a-0.05）mol，故B正确；
C．铵根离子水解显酸性，结合水解平衡常数分析，$\frac{c（{H}^{+}）}{c（N{{H}_{4}}^{+}）}$×$\frac{c（N{H}_{3}•{H}_{2}O）}{c（N{H}_{3}•{H}_{2}O）}$=$\frac{Kh}{c（N{H}_{3}•{H}_{2}O）}$，随氢氧化钠固体加入，反应生成一水合氨浓度增大，平衡常数不变，则$\frac{c（{H}^{+}）}{c（N{{H}_{4}}^{+}）}$减小，故C正确；
D．向1L 0.1mol•L^-1NH₄Cl溶液中，不断加入NaOH固体后，当n（NaOH）=0.1mol时，恰好反应生成氯化钠和一水合氨，c（Na⁺）=c（Cl^-）＞c（OH^-），故D错误；
故选D．

点评 本题考查了酸碱反应过程分析，主要是溶液酸碱性、离子浓度大小，对水的电离影响因素分析判断，题目难度中等．