Question

8．如图所示的光滑斜面长为l，宽为b，倾角为θ，一物块（可看成质点）沿斜面左上方顶点P以初速度v₀水平射入，恰好从底端Q点离开斜面，则（　　）

• A． 物块做匀变速曲线运动，加速度为g
• B． Q点速度v_Q=$\sqrt{3gl}$
• C． 初速度v₀=b$\sqrt{\frac{gsinθ}{2l}}$
• D． 物块由P点运动到Q点所用的时间t=$\sqrt{\frac{2l}{g}}$

Answer 1

分析 小球在光滑斜面有水平初速度，做类平抛运动，根据牛顿第二定律求出物体下滑的加速度；根据沿斜面向下方向的位移，结合位移时间公式求出运动的时间；根据水平位移和时间求出入射的初速度；根据平行四边形定则，由分速度合成合速度．

解答 解：A、依据曲线条件，初速度与合力方向垂直，且合力大小恒定，则物体做匀变速曲线运动，再根据牛顿第二定律得，物体的加速度为：a=$\frac{mgsinθ}{m}$=gsinθ，故A错误；
BCD、根据l=$\frac{1}{2}$at²，有：
t=$\sqrt{\frac{2l}{a}}$=$\sqrt{\frac{2l}{gsinθ}}$
在Q点的平行斜面方向的分速度为：
v_Qy=at=gsinθ×$\sqrt{\frac{2l}{gsinθ}}$=$\sqrt{2glsinθ}$
根据b=v₀t，有：
v₀=$\frac{b}{t}$=$\frac{b}{\sqrt{\frac{2l}{gsinθ}}}$=b$\sqrt{\frac{gsinθ}{2l}}$
故物块离开Q点时速度的大小：
v=$\sqrt{{v}_{0}^{2}+{v}_{Qy}^{2}}$=$\sqrt{\frac{（{b}^{2}+4{l}^{2}）gsinθ}{2l}}$，故BD错误；C正确；
故选：C．

点评 解决本题的关键知道小球在水平方向和沿斜面向下方向上的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式灵活求解．