题目内容
7.如图所示,质量为m=0.4kg的小钢球(可视为质点)从左侧光滑斜面上高度h=3.6m的A处由静止向滑下,经过水平粗糙直道BC,进入固定在竖直平面内的圆形光滑轨道,轨道半径为R=0.4m,第一次通过轨道最高点P后,从最低点C进入水平粗糙直道CD,继而冲向右侧光滑斜面DE;斜面DE足够长且倾角θ=30°,小钢球滑下斜面DE后,经DC第二次通过轨道最高点P后,从轨道最低点C进入水平直道CB,继而冲向左侧斜面AB;如此往复运动.已知水平直道BC和CD长均为L=2.0m,小钢球与水平直道之间的动摩擦因数均为μ=0.2.重力加速度g取10m/s2.(每次经过轨道连接处B和D的能量损失均忽略不计)求:(1)小钢球第一次经过C点时速度的vc的大小;
(2)小钢球第一经过P点时,受到轨道弹力的大小;
(3)小钢球在竖直平面内做完整圆周运动的次数.
分析 (1)从A到C有动能定理求的到达C点的速度;
(2)从C到P根据动能定理可得到达P点的速度,根据牛顿第二定律求的作用力
(3)由牛顿第二定律求的刚好通过最高点的速度,根据动能定理求得在BD段通过的路程,即可求得次数
解答 解:(1)从A到C有动能定理可得
mgh-μmgL=$\frac{1}{2}{mv}_{C}^{2}$
解得vC=8m/s
(2)从C到P根据动能定理可得$-2mgR=\frac{1}{2}{mv}_{P}^{2}-\frac{1}{2}{mv}_{C}^{2}$
解得${v}_{P}=4\sqrt{3}m/s$
在P点根据牛顿第二定律可得$mg+{F}_{N}=\frac{{mv}_{P}^{2}}{R}$
解得FN=44N
(3)刚好能通过最高点P的速度为v,则mg=$\frac{m{v}^{2}}{R}$
解得v=2m/s
从最高点到P点速度为2m/s过程中在BD段通过的总路程为x
$mgh-μmgx-2mgR=\frac{1}{2}m{v}^{2}$
解得x=13.6m
n=$\frac{x}{4}=\frac{13.6}{4}=3.4$
故钢球在竖直平面内做完整圆周运动的次数为3次
答:(1)小钢球第一次经过C点时速度的vc的大小为8m/s;
(2)小钢球第一经过P点时,受到轨道弹力的大小为44N;
(3)小钢球在竖直平面内做完整圆周运动的次数为3次
点评 本题是简单的多过程问题,要灵活选择研究的过程.抓住合外力对物体做功等于物体动能的变化求解,掌握动能定理和受力做功分析是解决问题的关键
练习册系列答案
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A. | 验电器指针带正电 | |
B. | 有一部分电子从金属板表面逸出 | |
C. | 如果改用相同强度的红外线照射,验电器指针也一定会张开一定角度 | |
D. | 如果改用相同强度的紫外线照射,验电器指针也一定会张开一定角度 |
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A. | a=$\frac{1.2}{0.{1}^{2}}$m/s2=120 m/s2 | B. | a=$\frac{1.2×1{0}^{-2}}{0.{1}^{2}}$m/s2=1.2m/s2 | ||
C. | F=500×1.2 N=600 N | D. | F=0.5×1.2 N=0.60 N |