题目内容
8.频闪照相是研究物理过程的重要手段,如图所示是某同学研究一质量为m=0.5kg的小滑块从光滑水平面滑上粗糙斜面并向上滑动时的频闪照片.已知斜面足够长,倾角为α=37°闪光频率为10Hz.经测量换算获得实景数据:S1=S2=40cm,S3=35cm,S4=25cm,S5=15cm.取g=10m/s2.sin37°=0.6,cos37°=0.8,设滑块通过平面与斜面连接处时没有能量损失.求:(1)滑块与斜面间的动摩擦因数μ,并说明滑块在斜面上运动到最高点后能否自行沿斜面下滑:
(2)从滑块滑上斜面开始计时,经多长时间到达斜面上的A点(图中A点未画出,己知A点到斜面最低点B的距离为0.6m).(注意:结果可以用根号表示)
分析 (1)对滑块上滑阶段运用匀变速直线运动的推论△x=aT2,求出匀变速直线运动的加速度,根据牛顿第二定律求出摩擦力的大小,从而得出动摩擦因数.从而判定是否下滑.
(2)根据匀速直线运动求出初速度,根据匀变速运动规律求出上滑总时间和位移,从而知经过A为两次,再根据牛顿运动定律和匀变速直线运动规律求解时间.
解答 解:(1)在斜面上物块做匀减速直线运动,设加速度为a,则由公式△S=a1T2
代入数据解得:a1=10m/s2
由牛顿第二定律有:mgsinα+μmgcosα=ma1
联立以上方程解得:μ=0.5
因μ<tan37°,所以滑块在斜面上运动到最高点后能自行沿斜面下滑;
(2)由题意可知,物块在水平面上做匀速直线运动,且设速度为v0,则有:
v0=$\frac{{s}_{1}}{T}$=4.0m/s
上滑时间为:t=$\frac{{v}_{0}}{{a}_{1}}$=0.4s
滑块在斜面上上滑到达A点时有:
SAB=v0t1-$\frac{1}{2}$a1t${\;}_{1}^{2}$
解得:t1=0.2s
设滑块在斜面上能上滑的最大距离为sm,则对滑块在斜面上上滑过程应用动能定理有:
(-mgsinα-μmgcosα)•sm=0-$\frac{1}{2}$mv02
解得:sm=0.8m
下滑加速度为:a2=gsinα-μgcosα=2m/s2
从最高点下滑到达A点的时间设为t2,则有:
sm-SAB=$\frac{1}{2}$a2t${\;}_{2}^{2}$
下滑时间为:t2=$\sqrt{0.2}$s
所以,从滑块滑上斜面开始计时,到达斜面的时间为0.2s或者0.4s+$\sqrt{0.2}$s
答:(1)滑块与斜面间的动摩擦因数μ为0.5,因μ<tan37°,所以滑块在斜面上运动到最高点后能自行沿斜面下滑;
(2)从滑块滑上斜面开始计时,经0.2s或(0.4+$\sqrt{0.2}$)s到达A点.
点评 解决本题的关键知道加速度是联系力学和运动学的桥梁,通过加速度可以根据力求运动,也可以通过运动求力,一定要考虑运动的往复性.
A. | 25S | B. | 20S | C. | 30S | D. | 无法确定 |
A. | 研究地球不同纬度处的自转线速度 | B. | 研究地球绕太阳运动的周期 | ||
C. | 研究飞机转弯时机翼的倾斜角度 | D. | 研究火车通过长江大桥的时间 |
A. | 球进入竖直半圆轨道后做匀速圆周运动 | |
B. | 若小球能通过半圆弧最高点P,则球在P点受力平衡 | |
C. | 若小球的初速度v0=3$\sqrt{gR}$,则小球一定能通过P点 | |
D. | 若小球恰能通过半圆弧最高点P,则小球落地点离O点的水平距离为2R |
(1)实验时,该小组将托盘和砝码的重力作为滑块所受合外力,但实际上二者只是近似相等,那么要使两者近似相等,应满足的条件是托盘和砝码的质量远远小于滑块的质量.
(2)滑块挡光板宽度为d,某次实验时发现光电门记录时间为△t,则滑块通过光电门时的速度大小的表达式v=$\frac{d}{△t}$.
(3)该小组保持滑块质量恒定,光电门的位置固定,并且始终从同一位置释放,不断改变砝码的个数,并通过计算得到多组滑块通过光电门的数据,如表所示.
托盘和砝码总质量(g) | 10 | 20 | 30 | 40 | 50 | 60 |
v (m/s) | 0.50 | 0.71 | 0.86 | 1.01 | 1.12 | 1.23 |
1/v (s/m) | 2.00 | 1.41 | 1.16 | 0.99 | 0.89 | 0.81 |
v2 (m2/s2) | 0.25 | 0.50 | 0.74 | 1.02 | 1.25 | 1.51 |
A. | 温度高的物体的分子平均动能一定大 | |
B. | 内能是物体中所有分子的热运动动能与分子势能的总和 | |
C. | 任何物体都具有内能 | |
D. | 分子势能与物体的体积无关 |