题目内容
9.如图(甲)所示,A、B两小物块用不可伸长的绝缘细线连接,跨过光滑的定滑轮,A与绝缘水平桌面之间的滑动摩擦因素μ=0.5,t=0时刻在图(甲)装置所在的空间加竖直向下的电场(图中未画出),电场强度随时间变化情况如图(乙)所示,已知A、B均带正电,带电量qA=0.02C、qB=0.03C,质量mA=0.4kg、mB=0.1kg,重力加速度g取10m/s2,A与桌面之间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力,桌面足够高,细线足够长,不计A、B之间的库仑力影响,细线对A拉力的方向水平.(1)若t1=2s时A、B均静止,求A受到的摩擦力大小;
(2)求A、B即将开始运动的时刻t2;
(3)当t3=5s时,求细线对B的拉力大小.
分析 (1)A、B均静止,合力均为零.由图乙读出电场强度,对B、A分析受力情况,由平衡条件分别列式,即可求得A受到的摩擦力大小.
(2)当A所受的拉力等于最大静摩擦力时即将开始运动.再对B、A分析受力情况,由平衡条件求出电场强度,由图乙读出时间.
(3)当t3=5s时,读出电场强度,分析两个物体的运动情况,分别运用牛顿第二定律列式,可求得细线的拉力.
解答 解:(1)从图乙可知,t1=2s时,E1=40N/C,对B进行受力分析,由平衡条件有:
T1=mBg+qBE1;
对A进行受力分析,有:
f1=T1
解得A受到的摩擦力大小为:f1=2.2N
(2)设A、B即将运动时的电场强度为E2,对B进行受力分析,由平衡条件有:
T2=mBg+qBE2;
对A进行受力分析,有:
f2=T2
又因为最大静摩擦力等于滑动摩擦力,有:
f2=μ(mAg+qAE2)
由图乙知:E2=20t2.
解得:t2=2.5s
(3)当t3=5s时,电场强度 E3=100N/C,A、B加速度大小相等,对A进行受力分析,由牛顿第二定律可得:
T3-μ(mAg+qAE3)=mAa
对B进行受力分析,由牛顿第二定律可得:
mBg+qBE3-T3=mBa
解得:T3=3.8N
答:(1)若t1=2s时A、B均静止,A受到的摩擦力大小是2.2N;
(2)A、B即将开始运动的时刻t2为2.5s;
(3)当t3=5s时,细线对B的拉力大小是3.8N.
点评 解决时要明确两个物体的状态,知道物体静止时根据平衡条件分析受力情况,当物体有加速度时根据牛顿第二定律研究受力情况.要灵活选择研究对象,本题采用隔离法比较简便.
练习册系列答案
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