题目内容
11.质量为2kg的小球,自地面上方5m的高度释放,落地后反弹3.2米高度,从释放到反弹至最高点用2s时间,试求:小球与地面接触过程中:(1)合外力对小球的冲量;
(2)地面对小球的冲量;
(3)地面对小球平均作用力的大小?
分析 (1)由动能定理可以求出小球落地与反弹时的速度,然后由动量定理求出小球动量的变化;
(2)由自由落体和竖直上抛规律可求得小球与地面接触的时间,则由动量定理可求得地面对小球的冲量;
(3)由力的冲量可求得地面对小球的平均作用力.
解答 解:(1)由动能定理,小球下落过程:
mgh1=$\frac{1}{2}$mv12-0
解得:
v1=$\sqrt{2g{h}_{1}}$=$\sqrt{2×10×5}$=10m/s,方向竖直向下;
小球上升过程:
-mgh2=0-$\frac{1}{2}$mv22
解得:
v2=$\sqrt{2g{h}_{2}}$=$\sqrt{2×10×3.2}$=8m/s,方向竖直向上;
取竖直向下为正方向,则与地面碰撞过程中动量的变量:
△P=mv2-mv1=2×(-8)-2×10)=-36kg•m/s;
由动量定理可知,合外力的冲量I=△P=-36kg•m/s;
(2)由h=$\frac{1}{2}$gt2可得:
小球上升时间t1=$\frac{10}{10}$=1s;
小球下降时间t2=$\frac{2×3.2}{10}$=0.8s;
故与地面接触时间t=2-1.8=0.2s;
由动量定理得:
(mg+F)t=mv2-mv1
解得:Ft=-40kg•m/s;
(3)由I=Ft可得:
解得:F=-220N;
答:
(1)取竖直向下为正方向,则与地面碰撞过程中动量的变量为-36kg•m/s.
(2)地面对小球的冲量为40kg•m/s;方向竖直向上.
(3)地面对小球平均作用力的大小为220N,方向竖直向上.
点评 本题考查动量定理、自由落体动能等,要求能熟练应用动能定理与动量定理可以正确解题,在应用动量定理解题时,要注意正方向的选取.
练习册系列答案
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