题目内容
20.如图所示,一轻质弹簧的一端固定在滑块B上,另一端与滑块C接触但未连接,该整体静止放在光滑水平面上.现有一滑块A从光滑曲面上距桌面高为h=0.45m处由静止开始滑下,与滑块B发生碰撞并粘在一起压缩弹簧推动滑块C向前运动,经一段时间,滑块C脱离弹簧.已知mA=1kg,mB=2kg,mC=3kg,重力加速度为g=10m/s2,A与B碰撞的时间忽略不计,求:(1)滑块A与滑块B碰撞结束瞬间的速度;
(2)被压缩弹簧的最大弹性势能;
(3)滑块C脱离弹簧后的速度.
分析 (1)滑块A从光滑曲面上滑下过程,只有重力做功,根据机械能守恒定律求出滑块A与滑块B碰撞前的速度.据动量守恒定律求解滑块A与滑块B碰撞结束瞬间的速度.
(2)当AB与C的速度相同时,弹簧的弹性势能最大.以A、B、C组成的系统为研究对象,由动量守恒定律和机械能守恒定律列出等式求解.
(3)再由动量守恒定律和机械能守恒定律列出等式求解.
解答 解:(1)设A与B碰撞前的速度为v0,则由机械能守恒定律有:
$\frac{1}{2}{m}_{A}{v}_{0}^{2}$=mAgh 即得:v0=3m/s
碰撞过程满足动量守恒,取向右为正方向,则有:
mAv0=(mA+mB)vAB
解得A与B碰撞结束瞬间的速度为:vAB=1m/s
(2)当A、B、C三者共速时(记为vABC),弹簧有最大弹性势能Epmax
由动量守恒,得:(mA+mB)vAB=(mA+mB+mC)vABC.
由机械能守恒,得:$\frac{1}{2}$(mA+mB)vAB2=$\frac{1}{2}$(mA+mB+mC)vABC2+Epmax
解得:Epmax=0.75J
(3)A、B粘在一起后把C弹开过程相当于AB与C发生完全弹性碰撞.
因为mA+mB=mC,所以C与AB交换速度,即C脱离弹簧后的速度为 vC=vAB=1m/s
答:
(1)滑块A与滑块B碰撞结束瞬间的速度是1m/s;
(2)被压缩弹簧的最大弹性势能是0.75J;
(3)滑块C脱离弹簧后的速度是1m/s.
点评 利用动量守恒定律解题,一定注意状态的变化和状态的分析.把动量守恒和能量守恒结合起来列出等式求解是常见的问题.
练习册系列答案
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B. | 若加速度足够大,斜面对球的弹力可能为零 | |
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D. | 竖直挡板对球的弹力一定增大 |