题目内容
【题目】已知函数f(x)对任意的a,b∈R,都有f(a+b)=f(a)+f(b)﹣1,且当x>0时,f(x)>1
(1)判断并证明f(x)的单调性;
(2)若f(4)=3,解不等式f(3m2﹣m﹣2)<2.
【答案】
(1)解:f(a+b)=f(a)+f(b)﹣1,
令a=b=0,
∴f(0)=f(0)+f(0)﹣1,
∴f(0)=1,
令a=x,b=﹣x,
∴f(0)=f(x)+f(﹣x)﹣1,
∴f(﹣x)=2﹣f(x),
令x1<x2,则x2﹣x1>0,
∴f(x2﹣x1)=f(x2)+f(﹣x1)﹣1
=f(x2)+2﹣f(x1)﹣1>1,
∴f(x2)>f(x1),
故函数在R上单调递增;
(2)解:f(4)=2f(2)﹣1=3,
∴f(2)=2,
∴f(3m2﹣m﹣2)<f(2),
∴3m2﹣m﹣2<2,
∴﹣1<m< .
【解析】(1)利用特殊值方法求出f(0)=1,和换元思想令a=x,b=﹣x,得出f(﹣x)=2﹣f(x),利用定义法判定函数的单调性;(2)根据定义得出f(2)=2,根据函数的单调性求解即可.
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