Question

16．某新型液晶有机物基元IV的合成线路如下：

（1）I中含氧官能团的名称为羟基和羧基．
（2）CH₂═CHCH₂Br与NaOH水溶液反应的化学方程式为CH₂=CHCH₂Br+NaOH$→_{△}^{H_{2}O}$CH₂=CHCH₂OH+NaBr．
（3）Ⅱ可发生加聚反应，所得产物的结构简式为．
（4）有关化合物I和II的说法中，不正确的是B．
A．1mol I最多可消耗2mol NaOH
B．1mol I充分燃烧需要消耗6mol O₂
C．Ⅱ能使溴的CCl₄溶液褪色
D．Ⅱ能发生加成反应、取代反应、氧化反应
（5）一定条件下，   也可与III发生类似反应③的反应，生成有机物V，V的结构简式是．
（6）化合物I的同分异构体中，苯环上一溴代产物只有两种，遇FeCl₃溶液显紫色，还能发生银镜反应的化合物有多种．写出其中一种同分异构体的结构简式．

Answer 1

分析 根据流程图中各物质结构简式知，I生成II的反应是取代反应，II生成III的反应是取代反应，III生成IV的反应是取代反应，
（1）I中含氧官能团的名称为羟基、羧基；
（2）CH₂═CHCH₂Br与NaOH水溶液在加热条件下发生取代反应生成丙烯醇；
（3）Ⅱ可发生加聚反应生成高分子化合物；
（4）A．酚羟基和羧基都能和NaOH反应；
B．I的分子式为C₇H₆O₃，可以写为C₆H₄．（CO₂）（H₂O），1mol该物质完全燃烧耗氧量=（6+$\frac{4}{4}$）mol；
C．Ⅱ中含有碳碳双键，能和溴发生加成反应；
D．Ⅱ中含有碳碳双键、醚键、苯环和羧基，具有烯烃、醚、苯和羧酸的性质；
（5）化合物与III发生取代反应生成-COO-和水；
（6）化合物I的同分异构体中，苯环上一溴代产物只有两种，说明苯环上只有两种氢原子，遇FeCl₃溶液显紫色，说明含有酚羟基，还能发生银镜反应说明含有醛基．

解答 解：根据流程图中各物质结构简式知，I生成II的反应是取代反应，II生成III的反应是取代反应，III生成IV的反应是取代反应，
（1）I中含氧官能团的名称为羟基、羧基，故答案为：羟基和羧基；
（2）CH₂═CHCH₂Br与NaOH水溶液在加热条件下发生取代反应生成丙烯醇，反应方程式为CH₂=CHCH₂Br+NaOH$→_{△}^{H_{2}O}$CH₂=CHCH₂OH+NaBr，
故答案为：CH₂=CHCH₂Br+NaOH$→_{△}^{H_{2}O}$CH₂=CHCH₂OH+NaBr；
（3）Ⅱ可发生加聚反应生成高分子化合物，故答案为：；
（4）A．酚羟基和羧基都能和NaOH反应，所以1mol I最多可消耗2mol NaOH，故正确；
B．I的分子式为C₇H₆O₃，可以写为C₆H₄．（CO₂）（H₂O），1mol该物质完全燃烧耗氧量=（6+$\frac{4}{4}$）mol=7mol，故错误；
C．Ⅱ中含有碳碳双键，能和溴发生加成反应而使溴褪色，故正确；
D．Ⅱ中含有碳碳双键、醚键、苯环和羧基，具有烯烃、醚、苯和羧酸的性质，能发生加成反应、加聚反应、还原反应、氧化反应、取代反应，故正确；
故选B；
（5）化合物与III发生取代反应生成-COO-和水，其结构简式为，故答案为：；
（6）化合物I的同分异构体中，苯环上一溴代产物只有两种，说明苯环上只有两种氢原子，遇FeCl₃溶液显紫色，说明含有酚羟基，还能发生银镜反应说明含有醛基，符合条件的有，故答案为：．

点评 本题考查有机物合成，为高频考点，侧重考查学生分析判断能力，根据反应前后物质结构简式变化判断反应类型，知道官能团及其性质关系，难点是（6）题同分异构体种类判断．