Question

10．水中的NO₂^-是含氮有机物分解的产物，其浓度的大小是水源污染的标志之一．
 检测水中的NO₂^-可用比色法，其步骤是：
a．配制标准溶液：称取0.30gNaNO₂，溶于水后在容量瓶中稀释至1L得溶液A，移取5mL溶液A，稀释至1L，得溶液
b．配制标准色阶：取6只规格为10mL的比色管（即质地、大小、厚薄相同且具塞的平底试管），分别加入体积不等的溶液B，并稀释至10mL，再加入少许（约0.3g）对
苯磺酸粉末，实验结果如下表所示：

色阶序号	1	2	3	4	5	6
加入溶液B的体积（mL）	0	2.0	4.0	6.0	8.0	10.0
反应后溶液颜色	由无色变为由浅到深的樱桃红色

c．检测：取10mL水样倒入比色管中，加少许对氨基苯磺酸，显色后与标准色阶对比．
请填写以下空白：
①比色法的基本依据是溶液颜色的深浅与浓度的大小成正比；
②若水样显色后与色阶中的5号颜色相同，则表明水样中NO₂^-含量为1.00mg/L．
③用NaNO₂直接配制溶液B的缺点是由②计算可知，1L溶液B中只含NO₂^-1mg，不易称量，直接配溶液B时误差大．
④如果水样显色后比6号还深，应采取的措施是将水样先稀释一定倍数后再重复实验．

Answer 1

分析 ①通过比较或测量有色物质溶液颜色深度来确定待测组分含量的方法为比色法，比色法的基本依据是溶液颜色的深浅与浓度的大小成正比；
②O．30g NaNO₂配成1000mL溶液A，浓度=$\frac{\frac{0.30g}{69g/mol}}{1L}$=$\frac{0.30}{69}$，量取5．OO mL溶液A，稀释至1L溶液中NaNO₂ 物质的量$\frac{0.30}{69}$×0.0050L；10ml溶液中含亚硝酸钠物质的量=$\frac{1.5}{69}$×10^-5mol，1L水样中含NO₂^-，$\frac{1.5}{69}$×10^-5mol×100×46g/mol=1.0×10^-3g；
③用NaNO₂晶体直接配制溶液B，需要称量固体质量产生误差，配制的溶液产生误差；
④如果水样显色后比6号还深，为减少误差可以稀释后进行实验．

解答 解：①通过比较或测量有色物质溶液颜色深度来确定待测组分含量的方法为比色法，比色法的基本依据是溶液颜色的深浅与浓度的大小成正比；
故答案为：溶液颜色的深浅与浓度的大小成正比；
②O．30g NaNO₂配成1000mL溶液A，浓度═$\frac{\frac{0.30g}{69g/mol}}{1L}$=$\frac{0.30}{69}$，量取5．OO mL溶液A，稀释至1L溶液中NaNO₂ 物质的量$\frac{0.30}{69}$×0.0050L；10ml溶液中含亚硝酸钠物质的量=$\frac{1.5}{69}$×10^-5mol，1L水样中含NO₂^-，$\frac{1.5}{69}$×10^-5mol×100×46g/mol=1.00×10^-3g=1.00mg；
故答案为：1.00；
③用NaNO₂晶体直接配制溶液B，需要称量固体质量产生误差，配制的溶液产生误差；
故答案为：由②计算可知，1L溶液B中只含NO₂^-1mg，不易称量，直接配溶液B时误差大；
④如果水样显色后比6号还深，应采取的措施是将水样先稀释一定倍数后再重复实验；
故答案为：将水样先稀释一定倍数后再重复实验．

点评 本题考查了物质性质的探究实验分析判断，实验基本操作和溶液稀释与配制的步骤，实验设计的方法和步骤分析是解题关键，题目难度中等．