题目内容

16.过氧化氢是重要的氧化剂和还原剂,常用于消毒、杀菌、漂白等.请回答相关问题:
(1)目前常用乙基蒽醌法制备过氧化氢,主要过程如图1,此过程的总方程式为H2+O2$\frac{\underline{\;催化剂\;}}{\;}$H2O2

(2)实验测得常温下质量分数为0.51%H2O2水溶液(密度为1g/mL)的pH为5
i.写出H2O2溶于水的电离方程式H2O2?H++HO2-HO2-?H++O22-
ii.测定H2O2水溶液pH的方法为D(填编号)
A.用酸碱指示剂测定   B.用广泛pH试纸测定
C.用精密pH试纸测定   D.用pH计测定
(3)某实验小组拟研究浓度、催化剂、溶液酸碱性对H2O2分解反应速率的影响.在常温下按照如下方案完成实验.
实验编号反应物催化剂
10mL 2% H2O2溶液
10mL 5% H2O2溶液
10mL 5% H2O2 溶液0.1gMnO2粉末
10mL 5% H2O2 溶液+少量HCl溶液0.1gMnO2粉末
10mL 5%  H2O2 溶液+少量NaOH溶液0.1gMnO2粉末
i.实验①和②的目的是探究浓度对反应速率的影响.实验时由于没有观察到明显现象而无法得出结论.资料显示,通常条件下H2O2较稳定,不易分解.为了达到实验目的,你对原实验方案的改进是向反应物中加入等量同种催化剂(或将盛有反应物的试管放在同一热水浴中).
ii.实验③、④、⑤中,测得生成氧气的体积随时间变化的关系如图2所示.
分析该图能够得出的实验结论是溶液pH越大,双氧水分解速度越快.
(4)实验室常用酸性高锰酸钾标准溶液测定双氧水的浓度,反应原理为:2MnO4-+5H2O2+6H+═2Mn2++8H2O+5O2
2MnO4-+H2O2+H+═2Mn2++H2O+O2
i.请配平以上离子方程式2MnO4-+5H2O2+6H+═2Mn2++8H2O+5O2
ii.用移液管吸取25.00mL试样置于锥形瓶中,重复滴定四次,每次消耗0.1000mol•L-1的KMnO4标准溶液体积如下表所示:
第一次第二次第三次第四次
体积(mL)17.1018.1018.0017.90
计算试样中过氧化氢的浓度为0.18mol•L-1.
iii.若滴定前尖嘴中有气泡滴定后消失,则测定结果偏高(“偏高”或“偏低”或“不变”).

分析 (1)乙基蒽醌作催化剂,氢气和氧气反应生成双氧水;
(2)i.过氧化氢是弱电解质属于二元弱酸分部电离;ii.过氧化氢具有漂白性;
(3)i.实验①和②的浓度不同;为了便于比较,应在相同的条件下利用一个变量来比较;
ii、由图可知,⑤的反应速率最大,④的反应速率最小,以此来解答;
(4)i.据氧化还原反应中得失电子守恒和原子守恒配平方程式;
ii.第一次滴定体积和其它三次差距过大,应该舍去,求出第二、三、四三次的平均值,根据反应求出过氧化氢的浓度;
iii.滴定前有气泡,消耗的高锰酸钾偏多,测定结果偏高.

解答 解:(1)通过图示可知,用乙基蒽醌作催化剂制取双氧水,反应为:H2+O2$\frac{\underline{\;催化剂\;}}{\;}$H2O2
故答案为:H2+O2$\frac{\underline{\;催化剂\;}}{\;}$H2O2
(2)i.过氧化氢是弱电解质,H2O2溶液显酸性属于二元弱酸分部电离,电离的方程式为:H2O2?H++HO2- HO2-?H++O22-
故答案为:H2O2?H++HO2- HO2-?H++O22-
ii.过氧化氢具有漂白性,能够将pH试纸的红色漂白至百色,所以需用pH计测定其pH,
故答案为:D;
(3)i.实验①和②的浓度不同,则该实验的目的为探究浓度对化学反应速率的影响;为了便于比较,应在相同的条件下利用一个变量来比较,
则向反应物中加入等量同种催化剂(或将盛有反应物的试管放在同一热水浴中),
故答案为:探究浓度对反应速率的影响;向反应物中加入等量同种催化剂(或将盛有反应物的试管放在同一热水浴中);
ii.由图可知,⑤的反应速率最大,④的反应速率最小,结合实验方案可知,碱性环境能增大H2O2分解的速率,酸性环境能减小H2O2分解的速率,即:溶液pH越大,双氧水分解速度越快,
故答案为:溶液pH越大,双氧水分解速度越快;
(4)i.每有1molMnO4-反应得电子5mol,每有1molH2O2反应,失电子2mol,所以高锰酸根和过氧化氢的物质的量之比为2:5,其化学计量数分别为2、5,在据原子守恒,得出锰离子和氧分子前的化学计量数也是2和5,再据电荷守恒配平氢离子为6,据H原子守恒,水的化学计量数为8,化学方程式为:2MnO4-+5H2O2+6H+═2Mn2++8H2O+5O2↑,
故答案为:2MnO4-+5H2O2+6H+═2Mn2++8H2O+5O2↑;
ii.由于第一次数据误差过大,故舍去;其它三组的平均值为 18.00ml,根据反应2MnO4-+5H2O2+6H+═2Mn2++8H2O+5O2,n(H2O2)=2.5×n(MnO4-)=2.5×0.1000mol•L-1×0.018L,c(H2O2)=$\frac{2.5×0.1×0.018}{0.025}$=0.18 mol/L,
故答案为:0.18;
iii.滴定前尖嘴中有气泡,导致消耗的标准液偏大,测定结果偏高,
故答案为:偏高.

点评 本题考查影响化学反应速率因素、化学方程式书写、电离方程式书写等知识,题目难度中等,试题知识点较多、综合性较强,能够较好的考查学生实验设计、数据处理、图象分析的综合能力.

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