6．该种产业部门的迁移，对珠江三角洲地区发展的影响是　　　　　　　　　　 　　(　 )

A．有利于发挥珠江三角洲能源丰富的优势

B．促进了珠江三角洲地区技术密集型工业的发展

C．有利于发挥珠江三角洲市场广阔的优势

D．为珠江三角洲地区工业化发展提供了契机

(一)单项选择题(本题共18题，每小题2分，共36分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的)

联合国气候变化大会在丹麦首都哥本哈根(55°43′N ，12°34′E)，于当地时间2009年12月7日10时40分许开幕。发展低碳经济成为各国的共识。低碳经济是以低能耗、低污染、低排放为基础的经济发展模式。据此回答1-4题 1．当大会开幕时，下列四图能正确反映地球在公转轨道中位置的是　　　　　　　 (　 )

2．在家中的你收看哥本哈根气候变化大会开幕，电视直播的时间是　　　　　　　 (　 ) 　 A. 12月7日3时40分　　　　 　　　　　 B. 12月7日4时40分 　 C. 12月7日16时40分　　　　　　　　　 D. 12月7日17时40分 3.面对人类共同的生存危机, 各国心态各异，其原因在于全球气候变暖对不同国家和地区带来的影响和收益大不相同。下列说法正确的是　　　　　　　　　　　 　　　　　(　 ) 　 ①海平面上升会导致小岛屿国家生存出现危机,所以参与行动意愿很高 　 ②全球变暖危及欧洲冬暖夏凉气候,欧洲国家对此非常敏感 　 ③美国能源消费模式是奢侈和高浪费型,对强制性减排指标一向持非常积极的态度 　④石油输出国因以石油输出为其经济命脉,故反对抑制二氧化碳排放制度议价

A.①②④　　　　　 B. ①③④　　　　　 C. ②③④　　　　 　 D. ①②③④

11.如图7－2－25所示，电解槽A和电炉B并联后接到电源上，电源内阻r＝1 Ω，电炉电阻R＝19 Ω，电解槽电阻r′＝0.5 Ω.当S₁闭合、S₂断开时，电炉消耗功率为684 W；S₁、S₂都闭合时电炉消耗功率为475 W(电炉电阻可看作不变)．试求：

　 (2)S₁、S₂闭合时，流过电解槽的电流大小；

　 (3)S₁、S₂闭合时，电解槽中电能转化成化学能的功率．

　 解析：(1)S₁闭合、S₂断开时电炉功率为P₁

　 电炉中电流I＝ ＝ A＝6 A，电源电动势E＝I(R+r)＝120 V.

　 (2)S₁、S₂都闭合时电炉功率为P₂

　 电炉中电流为I_R＝ ＝ A＝5 A，电源路端电压为U＝I_RR＝5×19 V＝95 V，

　 流过电源的电流为I＝＝ A＝25 A，流过电解槽的电流为I_A＝I－I_R＝20 A.

　 (3)电解槽消耗的电功率P_A＝I_AU＝20×95 W＝1 900 W

　 电解槽内热损耗功率P_热＝Ir′＝20²×0.5 W＝200 W

　 电解槽转化成化学能的功率为P_化＝P_A－P_热＝1 700 W.

　 答案：(1)120 V　(2)20 A　(3)1 700 W

　 (1)电源的电动势和内阻.

　 (2)定值电阻R₂的阻值．

　 (3)滑动变阻器的最大阻值．

　 解析：(1)将乙图中AB线延长，交U轴于20 V处，交I轴于1.0 A处，

　 所以电源的电动势为E＝20 V，内阻r＝＝20 Ω.

　 (2)当P滑到R₃的右端时，电路参数对应乙图中的B点，即U₂＝4 V、I₂＝0.8 A，

　 得R₂＝＝5 Ω.

　 (3)当P滑到R₃的左端时，由乙图知此时U_外＝16 V，I_总＝0.2 A，所以R_外＝＝80　 Ω.

　 因为R_外＝+R₂，所以滑动变阻器的最大阻值为：R₃＝300　 Ω.

　 答案：(1)20 V、20 Ω　(2)5 Ω　(3)300 Ω

9.如图7－2－23所示的电路中，电源电动势E＝6 V，内阻r＝1 Ω，电阻R₁＝6 Ω、R₂＝5 Ω、R₃＝3 Ω，电容器的电容C＝2×10^－5 F，若将开关S闭合，电路稳定时通过R₂的电流为I；断开开关S后，通过R₁的电荷量为q.则(　)

　 C．q＝2×10^－5 C　 　　D．q＝1×10^－5 C

　 解析：对电路分析：电阻R₁、R₃并联后与R₂串联，所以外电路总电阻为R＝7 Ω，根据闭合电路欧姆定律得电路中的总电流为0.75 A，所以选项A正确；电阻R₁、R₃并联的电压为U＝IR_并＝1.5 V，电容器的带电荷量为Q＝CU＝3×10^－5 C．当断开开关S时，电容器对电阻放电，电荷通过R₁、R₃，由于两电阻并联，所以q₁/q₃＝R₃/R₁，又q₁+q₃＝Q，解得q₁＝1×10^－5 C，q₃＝2×10^－5 C，选项D正确．

　 答案：AD

　 A．电源电动势为3.0 V

　 B．电源内阻为0.5 Ω

　 C．R_x的阻值为0.5　 Ω

　 D．K₁断开、K₂接通时，随着R的减小，电源输出功率减小.

　 解析：由I＝得R＝－r则R－图象的斜率k＝E＝2.0 V，A选项错误，R轴截距的绝对值等于内阻r，即r＝0.5 Ω，B选项正确，K₂断开，K₁闭合时，R+r＝；K₁断开，K₂闭合时，R_x+R+r＝，所以，R_x＝－＝0.5 Ω，C选项正确，因R_x＝r，所以，电路中的外电阻大于内阻，随着R的减小，电源输出功率将增大，R＝0时，电源输出功率最大，D选项错误．

　 答案：BC

8．用电流传感器可以清楚地演示一些电学元件对电路中电流的影响，如图7－2－22中甲所示，在AB间分别接入电容器、电感线圈、定值电阻．闭合开关时，计算机显示的电流随时间变化的图象分别如图乙中a、b、c所示，则下列判断中正确的是(　)

　 A．AB间接入定值电阻显示图象a　 B．AB间接入电容器显示图象b

　 C．AB间接入电感线圈显示图象c　 D．AB间接入电感线圈显示图象b

　 解析：接入定值电阻后，电流恒定，A项错误；接入电感线圈时，由于电感线圈的自感作用，电流会逐渐增大到稳定值，C项错误，D项正确；接入电容器时，会有瞬间的电流，然后减为零，所以B项错误．

　 答案：D

7. 如图7－2－21电路中，电源电动势为E，内电阻r不能忽略．闭合S后，调整R的阻值．使电压表的示数增大ΔU，在这一过程中(　)

　 A．通过R₁的电流增大，增大量为ΔU/R₁

　 C．通过R₂的电流减小，减小量小于ΔU/R₂

　 D．路端电压增大，增大量为ΔU

　 解析：电阻R增大时，并联电阻变大，电路中总电阻变大，干路电流变小，内电压变小，R₂两端的电压U₂变小，则电压表示数变大，对于回路有：E＝U+U′＝U_V+U₂+U′，U_V＝I₁R₁，U₂＝IR₂，U′＝Ir.所以有：ΔU＝ΔU₂+ΔU′.故选A.

　 答案：A

6.如图7－2－20所示，用两节干电池点亮几个小灯泡，当逐一闭合开关，接入灯泡多时，以下说法正确的是(　)

　 B．各灯两端电压灯多时较低

　 C．通过电池的电流灯多时较大

　 D．电池输出功率灯多时较大

　 解析：灯泡的总电阻R随点亮灯泡个数的增加而减小，灯泡电压U＝＝，所以B对．据P＝知A对．由I＝知I增大，C对．

　 答案：ABC

5．压敏电阻的阻值随所受压力的增大而减小，某研究性学习小组利用压敏电阻判断升降机运动状态的装置，其工作原理如图7－2－19甲所示，将压敏电阻和两块挡板固定在升降机内，中间放一个绝缘重球，当升降机静止时，电流表的示数为I₀，在升降机做直线运动的过程中，电流表的示数如图7－2－21乙所示，下列判断正确的是(　)

　 A．从0到t₁时间内，升降机做匀加速直线运动

　 B．从t₁到t₂时间内，升降机做匀加速直线运动

　 C．从t₁到t₂时间内，重球处于超重状态

　 D．从t₂到t₃时间内，升降机可能静止

　 解析：由压敏电阻的特点知，0到t₁时间内电流I最大，压敏电阻的阻值最小，故所受的压力最大、恒定，故升降机做匀加速直线运动，A正确；t₁到t₂时间内，I均匀减小，所以压敏电阻所受的压力均匀减小，但压力仍大于重力，所以升降机做加速度越来越小的加速运动，B错误，C正确．由于升降机一直加速，所以t₂到t₃时间内，升降机不可能静止，而应该是做匀速直线运动．

　 答案：AC

4．教学上用的吸尘器的电动机内阻是一定的，当加上0.3 V的电压，电流为0.3 A时，吸尘器上的直流电动机不转动；当加上2.0 V的电压、电流为0.8 A时，它正常工作，则吸尘器正常工作时输出功率与输入功率之比为(　)

　 A．3∶5　 　B．5∶3 　　　 　C．1∶2　 　　　 　D．1∶3

　 解析：电动机不转时，可视为纯电阻，由欧姆定律可知其内阻为r＝1 Ω；当正常工作时，P_λ＝UI＝2.0×0.8 W＝1.6 W，P_热＝I²r＝0.8²×1 W＝0.64 W，所以P_出＝P_λ－P_热＝1.6 W－0.64 W＝0.96 W，所以输出功率与输入功率之比为3∶5，A正确．

　 答案：A

3. (2010·广州模拟)如图7－2－18为“热得快”热水器的电路图和示意图．现接通电源，发现该热水器没有发热，并且热水器上的指示灯也不亮，现用交流电压表测得热水器A、B两端的电压为220 V，指示灯两端的电压为220 V．那么该热水器的故障在于(　)

　 A．连接热水器和电源之间的导线断开

　 C．电阻丝熔断，同时指示灯烧毁

　 D．同时发生了以上各种情况

　 答案：C