题目内容
2．
如图所示是通过街头变压器降压给用户供电的示意图．输入电压是市区电网的电压，负载变化时输入电压不会有大的波动．输出电压通过输电线送给用户，两条输电线总电阻用R0表示．当负载增加时，则（ ）| A． | 表压表 的读数减小 | B． | 电流表 的读数减小 | ||
| C． | 电流表 的读数增大 | D． | 电压表 、的读数之差增大 |
分析 和闭合电路中的动态分析类似，可以根据R的变化，确定出总电路的电阻的变化，进而可以确定总电路的电流的变化的情况，再根据电压不变，来分析其他的原件的电流和电压的变化的情况．
解答 解：A、理想变压器的输出电压是由输入电压和匝数比决定的，由于输入电压和匝数比不变，所以副线圈的输出的电压也不变，所以V2的示数不变，所以A错误；
BC、当负载增加时，相当于 支路增加，电路中的总的电阻变小大，所以电流要变大，即A2的示数变大则A1的示数变大，所以B错误，C正确；
D、因输入与输出电压由匝数比决定，则示数之差不变，则D错误、
故选：C
点评 电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法．
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6．某同学对速度和加速度的理解正确的是（ ）
| A． | 加速度增大，速度一定增大 | |
| B． | 速度改变量△v越大，加速度就越大 | |
| C． | 物体有加速度，速度就增加 | |
| D． | 速度很大的物体，其加速度可以很小 |
在军事演习中，某空降兵从飞机上跳下，先做自由落体运动，在t1时刻，速度达较大值v1时打开降落伞，做减速运动，在t2时刻以较小速度v2着地．他的速度图象如图所示．下列关于该空降兵在0～t1或t1～t2时间内的平均速度$\overline{v}$的结论正确的是（ ）
17．
如图所示，在竖直放置的半圆形容器的左边缘分别以水平初速度v1、v2抛出两个小球（可视为质点），最终它们分别落在圆弧上的A点和B点，已知OA与OB互相垂直，且OA与竖直方向成α角，则两小球初速度之比$\frac{{v}_{1}}{{v}_{2}}$为（ ）
如图所示，在竖直放置的半圆形容器的左边缘分别以水平初速度v1、v2抛出两个小球（可视为质点），最终它们分别落在圆弧上的A点和B点，已知OA与OB互相垂直，且OA与竖直方向成α角，则两小球初速度之比$\frac{{v}_{1}}{{v}_{2}}$为（ ）| A． | $\frac{（1-sinα）\sqrt{cosα}}{（1+cosα）\sqrt{sinα}}$ | B． | $\frac{（1-sinα）\sqrt{sinα}}{（1+cosα）\sqrt{cosα}}$ | ||
| C． | $\frac{（1+cosα）\sqrt{cosα}}{（1-sinα）\sqrt{sinα}}$ | D． | $\frac{（1+cosα）\sqrt{sinα}}{（1-sinα）\sqrt{cosα}}$ |
11．
如图，质量为m的物体始终静止在倾角为θ的斜面上，物体与斜面的动摩擦因数为μ，现使斜面水平向左匀速移动距离s，则（ ）
如图，质量为m的物体始终静止在倾角为θ的斜面上，物体与斜面的动摩擦因数为μ，现使斜面水平向左匀速移动距离s，则（ ）| A． | 摩擦力对物体做功为-mgscosθsinθ | |
| B． | 斜面对物体做功为mgscosθsinθ | |
| C． | 重力对物体做功为0 | |
| D． | 若使斜面以加速度a水平向左移动距离s，则斜面对物体做功为（ma+mg）s |
12．关于电势差和电场力做功的说法中，正确的是（ ）
| A． | 电势差的大小由电场力在两点间移动电荷做的功和电荷的电量决定 | |
| B． | 电场力在两点间移动电荷做功的多少由两点间的电势差和该电荷的电量决定 | |
| C． | 电势差是矢量，电场力做的功是标量 | |
| D． | 在匀强电场中与电场线垂直方向上任意两点的电势差不可能为零 |