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7．静止在粗糙水平面上的物体，在水平力F的作用下，经过时间t、通过位移l后，动量为p、动能为EK．以下说法正确的是（ ）| A． | 若保持水平力F不变，经过时间2t，物体的动量等于2p | |
| B． | 若将水平力增加为原来的两倍，经过时间t，物体的动量等于2p | |
| C． | 若保持水平力F不变，通过位移2l，物体的动能小于2EK | |
| D． | 若将水平力增加为原来的两倍，通过位移l，物体的动能大于2EK |
分析 根据动量定理，得出动量的变化量，根据动能定理，得出动能的变化量．
解答 解：A、根据动量定理${I}_{合}^{\;}=（F-f）t=p$，保持水平力F不变，经过时间2t，（F-f）•2t=p′，可知p′=2p，故A正确；
B、根据动量定理${I}_{合}^{\;}=（F-f）t=p$，若水平力增加为原来的2倍，经过时间t，则有（2F-f）•t=p′，则p′＞2p，故B错误；
C、根据动能定理$（F-f）•l={E}_{k}^{\;}$，保持水平力F不变，通过位移2l，有$（F-f）•2l={E}_{k}^{′}$，则有${E}_{k}^{′}=2{E}_{k}^{\;}$，故C错误；
D、根据动能定理$（F-f）•l={E}_{k}^{\;}$，将水平力增加为原来的两倍，通过位移l，有$（2F-f）•l={E}_{k}^{′}$，则有${E}_{k}^{′}＞2{E}_{K}^{\;}$，故D正确；
故选：AD
点评 本题考查动能定理和动量定理的基本运用，知道合力做功等于动能的变化量，合力的冲量等于动量的变化量，以及知道动能和动量的关系．
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18．关于自由落体运动（g取10m/s2），下列说法中不正确的是（ ）
| A． | 它是竖直向下的、v0=0、a=g的匀加速直线运动 | |
| B． | 在开始连续的三个1 s内通过的位移之比是1：3：5 | |
| C． | 在开始连续的三个1 s末的速度大小之比是1：2：3 | |
| D． | 从开始运动到距下落点5 m、10 m、15 m所经历的时间之比为1：2：3 |
15．
如图所示，一根弹性杆的一端固定在倾角为30°的斜面上，杆的另一端固定一个重为4N的小球，小球处于静止状态，则弹性杆对小球的弹力（ ）
如图所示，一根弹性杆的一端固定在倾角为30°的斜面上，杆的另一端固定一个重为4N的小球，小球处于静止状态，则弹性杆对小球的弹力（ ）| A． | 大小为4N，方向平行于斜面向上 | B． | 大小为2N，方向平行于斜面向上 | ||
| C． | 大小为4N，方向垂直于斜面向上 | D． | 大小为4N，方向竖直向上 |
2．
t=0时，A、B两小球从相距7m的两个位置相向行驶，它们的v-t图象如图所示．对小球运动状况的描述正确的是（ ）
t=0时，A、B两小球从相距7m的两个位置相向行驶，它们的v-t图象如图所示．对小球运动状况的描述正确的是（ ）| A． | 在前6秒内，两球逐渐靠近 | |
| B． | 在第2秒末，AB两球相距最近 | |
| C． | 在第6秒末，AB两球相距1m | |
| D． | 在前6秒内，A球的加速度大小始终大于B球加速度大小 |
12．下列说法正确的是（ ）
| A． | 同一电场线上的各点，电势一定不相等 | |
| B． | 带电粒子沿电场线方向移动时，电势能一定增加 | |
| C． | 电源两端的电压一定等于电源电动势 | |
| D． | 欧姆定律适用于正常工作的电动机 |
19．
一质量为m的滑块静止置于倾角为30°的粗糙斜面上，一根轻弹簧一端固定在竖直墙上的P点，另一端系在滑块上，弹簧与斜面垂直，则（ ）
一质量为m的滑块静止置于倾角为30°的粗糙斜面上，一根轻弹簧一端固定在竖直墙上的P点，另一端系在滑块上，弹簧与斜面垂直，则（ ）| A． | 滑块可能只受到三个力作用 | |
| B． | 弹簧不可能处于压缩状态 | |
| C． | 斜面对滑块的支持力大小可能为零 | |
| D． | 斜面对滑块的摩擦力大小可能大于$\frac{1}{2}$mg |
5．在如图甲所示的理想变压器的原线圈输入端a、b加如图乙所示的电压，理想变压器的变压比为5：1，电路中电阻R1=5Ω，R2=R3=6Ω，开始时电键S断开，则（ ）
| A． | 电压表的示数为22$\sqrt{2}$V | |
| B． | 电流表的示数为0.4A | |
| C． | 闭合电键S后，电压表的示数变大 | |
| D． | 闭合电键S后，a、b端的输入功率为121W |
