Question

4．数列{a_n}的前n项和S_n满足：S_n=n²，数列{b_n}满足：①b₃=$\frac{1}{4}$，②b_n＞0，③b_n+1²+b_n+1b_n-b_n²=0．
（1）求数列{a_n}与{b_n}的通项公式；
（2）设c_n=a_nb_n，求数列{c_n}的前n项和T_n．

Answer 1

分析 （1）数列{a_n}的前n项和S_n满足：S_n=n²，可得n=1时，a₁=S₁=1；n≥2时，a_n=S_n-S_n-1．数列{b_n}满足：①b₃=$\frac{1}{4}$，②b_n＞0，③b_n+1²+b_n+1b_n-b_n²=0．变形$（\frac{{b}_{n+1}}{{b}_{n}}）^{2}$+$\frac{{b}_{n+1}}{{b}_{n}}$-1=0，解得$\frac{{b}_{n+1}}{{b}_{n}}$=$\frac{\sqrt{5}-1}{2}$．利用等比数列的通项公式即可得出．
（2）c_n=a_nb_n=（2n-1）×$\frac{1}{4}×（\frac{\sqrt{5}-1}{2}）^{n-3}$，令q=$\frac{\sqrt{5}-1}{2}$．c_n=$\frac{1}{4}•（2n-1）•{q}^{n-3}$．利用“错位相减法”与等比数列的求和公式即可得出．

解答 解：（1）∵数列{a_n}的前n项和S_n满足：S_n=n²，∴n=1时，a₁=S₁=1；n≥2时，a_n=S_n-S_n-1=n²-（n-1）²=2n-1．
n=1时也成立，∴a_n=2n-1．
∵数列{b_n}满足：①b₃=$\frac{1}{4}$，②b_n＞0，③b_n+1²+b_n+1b_n-b_n²=0．
∴$（\frac{{b}_{n+1}}{{b}_{n}}）^{2}$+$\frac{{b}_{n+1}}{{b}_{n}}$-1=0，解得$\frac{{b}_{n+1}}{{b}_{n}}$=$\frac{\sqrt{5}-1}{2}$．
∴数列{b_n}是等比数列，b_n=$\frac{1}{4}×（\frac{\sqrt{5}-1}{2}）^{n-3}$．
（2）c_n=a_nb_n=（2n-1）×$\frac{1}{4}×（\frac{\sqrt{5}-1}{2}）^{n-3}$，令q=$\frac{\sqrt{5}-1}{2}$．
c_n=$\frac{1}{4}•（2n-1）•{q}^{n-3}$．
数列{c_n}的前n项和T_n=$\frac{1}{4}$[q^-2+3•q^-1+5+…+（2n-1）•q^n-3]．
qT_n=$\frac{1}{4}$[q^-1+3+5q+…+（2n-3）•q^n-3+（2n-1）q^n-2]，
∴（1-q）T_n=$\frac{1}{4}$[q^-2+2（q^-1+1+q+…+q^n-3）-（2n-1）q^n-2]=$\frac{1}{4}[{q}^{-2}+2×\frac{\frac{1}{q}（1-{q}^{n-1}）}{1-q}-（2n-1）{q}^{n-2}]$，
∴T_n=$\frac{{q}^{-2}}{4（1-q）}$+$\frac{1-{q}^{n-2}}{q（1-q）^{2}}$-$\frac{（2n-1）{q}^{n-2}}{1-q}$．其中q=$\frac{\sqrt{5}-1}{2}$．

点评 本题考查了等比数列的通项公式与求和公式、“错位相减法”、数列递推关系，考查了推理能力与计算能力，属于中档题．