Question

（16分）某新型液晶有机物基元IV的合成线路如下：

（1）Ⅰ的分子式 ，Ⅰ中含氧官能团的名称 ，反应①的类型为 反应。

（2）CH2=CHCH2Br与NaOH水溶液反应的化学方程式 （注明条件）。

（3）II可发生加聚反应，所得产物的结构简式 。

（4）有关化合物Ⅰ和II的说法中，不正确的是 。

A．1molⅠ充分燃烧需要消耗6mol O2 B．1molⅠ最多可消耗2mol NaOH

C．II能使溴的CCl4溶液褪色 D．II能使酸性KMnO4溶液褪色

（5）一定条件下， 也可与III发生类似反应③的反应，生成有机物V，V的结构简式是 。

（6）化合物I的同分异构体中，苯环上一溴代产物只有两种，遇FeCl3溶液显紫色，还能发生银镜反应的化合物有多种，写出其中一种同分异构体的结构简式 。

 

Answer 1

（1）C7H6O3 (1分) ， 羟基、羧基 (2分) ， 取代 (1分)。

（2）CH2=CHCH2Br+NaOHCH2=CHCH2OH+NaBr （3分）

（3） (2分) （4） A (3分)

（5） （2分）

（6）（2分，任写一种）

【解析】

试题分析：（1）由结构简式可知化合物Ⅰ中含有7个C、6个H、3个O，则分子式为C7H6O3，化合物Ⅰ含有酚羟基和羧基；反应①相当于是酚羟基中的氢原子被丙烯基取代，属于取代反应；

（2）氯代烃在碱性条件下水解生成-OH，CH2=CH-CH2Br与NaOH水溶液反应的化学方程式为 CH2＝CHCH2Br＋NaOHCH2＝CHCH2OH+NaBr；

（3）Ⅱ中含有碳碳双键，能发生加聚反应生成高分子化合物，结构简式为；

（4）A．化合物I的分子式为C7H6O3 ，1molⅠ充分燃烧需要消耗7mol O2，A错误；B．酚羟基、羧基均与氢氧化钠溶液反应，所以1molⅠ最多可消耗2mol NaOH，B正确；C．II中含有碳碳双键，能使溴的CCl4溶液褪色，B正确；D．II中含有碳碳双键，能使酸性KMnO4溶液褪色，D正确，答案选A。

（5）由官能团的转化可知反应③属于取代反应，化合物与III发生取代反应生成-COO-，因此该反应的生成物结构简式为。

（6）苯环上一溴代物只有2种，说明只有两种不同的位置，结构应对称，且能发生银镜反应，说明应含有-CHO，则可能的结构有。

考点：考查有机物推断与合成的有关判断