题目内容
（Ⅰ）化合物A经李比希法测得其中含C 72.0%、H 6.67%，其余为氧，质谱法分析得知A的相对分子质量为150．现代仪器分析有机化合物的分子结构有以下两种方法：
方法一：核磁共振仪可以测定有机物分子里不同化学环境的氢原子及其相对数量．如乙醇（CH3CH2OH）的核磁共振氢谱有3个峰，其面积之比为3：2：1，如图1所示，现测出A的核磁共振氢谱有5个峰，其面积之比为1：2：2：2：3．
方法二：利用红外光谱仪可初步检测有机化合物中的某些基团，现测得A分子的红外光谱如图2所示．
已知：A分子中只含一个苯环，且苯环上只有一个取代基，试回答下列问题：
（1）A的分子式为： ；
（2）A的结构简式为： ；
（3）A的芳香类同分异构体有多种，请按要求写出其中两种结构简式：
①分子中不含甲基的芳香酸： ；
②含羟基且苯环上只有两个取代基的芳香醛： ．
（Ⅱ）如图是某药物中间体的结构示意图：
试回答下列问题：
（1）观察上面的结构简式与立体模型，通过对比指出结构简式中的“Et”表示 ；
（2）Et与下列哪种微观粒子所含电子数相同 ．
A．S B．Cl C．Ar D．K
（3）下列有关该药物中间体的说法中正确的是 ．
A．分子式为C9H13O3
B．只含有一种官能团
C．是乙酸乙酯的同系物
D．既含有极性键，又含有非极性键．
方法一：核磁共振仪可以测定有机物分子里不同化学环境的氢原子及其相对数量．如乙醇（CH3CH2OH）的核磁共振氢谱有3个峰，其面积之比为3：2：1，如图1所示，现测出A的核磁共振氢谱有5个峰，其面积之比为1：2：2：2：3．
方法二：利用红外光谱仪可初步检测有机化合物中的某些基团，现测得A分子的红外光谱如图2所示．
已知：A分子中只含一个苯环，且苯环上只有一个取代基，试回答下列问题：
（1）A的分子式为：
（2）A的结构简式为：
（3）A的芳香类同分异构体有多种，请按要求写出其中两种结构简式：
①分子中不含甲基的芳香酸：
②含羟基且苯环上只有两个取代基的芳香醛：
（Ⅱ）如图是某药物中间体的结构示意图：
试回答下列问题：
（1）观察上面的结构简式与立体模型，通过对比指出结构简式中的“Et”表示
（2）Et与下列哪种微观粒子所含电子数相同
A．S B．Cl C．Ar D．K
（3）下列有关该药物中间体的说法中正确的是
A．分子式为C9H13O3
B．只含有一种官能团
C．是乙酸乙酯的同系物
D．既含有极性键，又含有非极性键．
考点：有关有机物分子式确定的计算,有机物的结构和性质,同分异构现象和同分异构体
专题：
分析：（Ⅰ）（1）根据各元素质量分数，结合相对分子质量确定有机物A中C、H、O原子个数，进而确定有机物A的分子式；
（2）A的核磁共振氢谱有5个峰，说明分子中有5种H原子，其面积之比为对应的各种H原子个数之比，根据分子式确定不同H原子数目，根据A分子的红外光谱，确定可能存在的基团，进而确定A的结构简式；
（3）结合A的结构简式书写符合条件的同分异构体；
（Ⅱ）（1）根据立体模型判断；
（2）Et为CH3CH2-，含有的电子数为2×6+5=17；
（3）分子中含有酯基和羰基两种官能团，含有C-C、C-H、C=O、C-O等共价键．
（2）A的核磁共振氢谱有5个峰，说明分子中有5种H原子，其面积之比为对应的各种H原子个数之比，根据分子式确定不同H原子数目，根据A分子的红外光谱，确定可能存在的基团，进而确定A的结构简式；
（3）结合A的结构简式书写符合条件的同分异构体；
（Ⅱ）（1）根据立体模型判断；
（2）Et为CH3CH2-，含有的电子数为2×6+5=17；
（3）分子中含有酯基和羰基两种官能团，含有C-C、C-H、C=O、C-O等共价键．
解答：
解：（Ⅰ）（1）有机物A中C原子个数为：N（C）=
=9
有机物A中H原子个数为：N（H）=
=10，
有机物A中O原子个数为：N（O）=
=2，
所以有机物A的分子式为：C9H10O2，
故答案为：C9H10O2；
（2）由A分子的红外光谱知，含有C6H5C-基团，由苯环上只有一个取代基可知，苯环上的氢有三种，H原子个数分别为1个、2个、2个．由A的核磁共振氢谱可知，除苯环外，还有两种氢，且两种氢的个数分别为2个、3个．由A分子的红外光谱可知，A分子结构有碳碳单键及其它基团，所以符合条件的有机物A结构简式为C6H5COOCH2CH3或C6H5CH2COOCH3，
故答案为：C6H5COOCH2CH3或C6H5CH2COOCH3；
（3）A的芳香类同分异构体有多种，①分子中不含甲基的芳香酸为：C6H5CH2CH2COOH，
故答案为：C6H5CH2CH2COOH；
②含羟基且苯环上只有两个取代基的芳香醛为HOC6H4CH2CH2CHO，
故答案为：HOC6H4CH2CH2CHO；
（Ⅱ）（1）由立体模型可知“Et”表示-CH2CH3，
故答案为：-CH2CH3；
（2）Et为CH3CH2-，含有的电子数为2×6+5=17，与Cl相同，
故答案为：B；
（3）A．由结构简式可知分子式为C9H12O3，故A错误；
B．分子中含有酯基和羰基两种官能团，故B错误；
C．分子中含有氨基，且为环状结构，与乙酸乙酯的结构不同，二者不同系物，故C错误；
D．含有C-C、C-H、C=O、C-O等共价键，则既含有极性键，又含有非极性键，故D正确；
故答案为：D．
| 150×72% |
| 12 |
有机物A中H原子个数为：N（H）=
| 150×6.67% |
| 1 |
有机物A中O原子个数为：N（O）=
| 150-10-12×9 |
| 16 |
所以有机物A的分子式为：C9H10O2，
故答案为：C9H10O2；
（2）由A分子的红外光谱知，含有C6H5C-基团，由苯环上只有一个取代基可知，苯环上的氢有三种，H原子个数分别为1个、2个、2个．由A的核磁共振氢谱可知，除苯环外，还有两种氢，且两种氢的个数分别为2个、3个．由A分子的红外光谱可知，A分子结构有碳碳单键及其它基团，所以符合条件的有机物A结构简式为C6H5COOCH2CH3或C6H5CH2COOCH3，
故答案为：C6H5COOCH2CH3或C6H5CH2COOCH3；
（3）A的芳香类同分异构体有多种，①分子中不含甲基的芳香酸为：C6H5CH2CH2COOH，
故答案为：C6H5CH2CH2COOH；
②含羟基且苯环上只有两个取代基的芳香醛为HOC6H4CH2CH2CHO，
故答案为：HOC6H4CH2CH2CHO；
（Ⅱ）（1）由立体模型可知“Et”表示-CH2CH3，
故答案为：-CH2CH3；
（2）Et为CH3CH2-，含有的电子数为2×6+5=17，与Cl相同，
故答案为：B；
（3）A．由结构简式可知分子式为C9H12O3，故A错误；
B．分子中含有酯基和羰基两种官能团，故B错误；
C．分子中含有氨基，且为环状结构，与乙酸乙酯的结构不同，二者不同系物，故C错误；
D．含有C-C、C-H、C=O、C-O等共价键，则既含有极性键，又含有非极性键，故D正确；
故答案为：D．
点评：本题考查有机物的结构和性质，为高频考点，题目难度中等，侧重于学生的分析能力的考查，注意把握有机物的结构和官能团的性质，为解答该题的关键．
练习册系列答案
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