题目内容

12．A（C2H4）是基本的有机化工原料．用A和常见的有机物可合成一种醚类香料和一种缩醛类香料，具体合成路线如图所示（部分反应条件略去）：

已知：
回答下列问题：
（1）A中官能团名称是碳碳双键  B的结构简式为CH3OH，．
（2）写出反应①的化学方程式：2CH2=CH2+O2$\stackrel{Ag}{→}$2．
（3）D为单取代芳香族化合物且能与金属钠反应；每个D分子中只含有1个氧原子，D中氧元素的质量分数约为13.1%，则D相对分子质量为122⑥的反应类型氧化反应
（4）请写出满足下列条件的苯乙醛的同分异构体的结构简式（任写一种）或
i．含有苯环和 结构
ii．核磁共振氢谱有4组峰，且峰面积之比为3：2：2：1
（5）若化合物E为苯甲醚的同系物，且相对分子质量比苯甲醚大14，则能使FeCl3溶液显色的E的所有同分异构体共有（不考虑立体异构）9种．
（6）参照  的合成路线，写出由2-氯丙烷和必要的无机试剂制备的合成流程图：
合成流程图示例如下：CH2=CH2$\stackrel{HBr}{→}$CH3CH2Br$→_{△}^{NaOH溶液}$CH3CH2OH．

分析 由分子式可知A为CH2=CH2，环氧乙烷与苯反应得到D，D转化得到苯乙醛，则D为，苯乙醛与C（C2H6O2）反应得到缩醛，结合缩醛的结构简式，可知C为HOCH2CH2OH，结合信息①可知B为CH3OH．
（1）A为乙烯，B为甲醇；
（2）反应①为乙烯氧化生成环氧乙醚；
（3）D为单取代芳香族化合物且能与金属钠反应；每个D分子中只含有1个氧原子，结合图中转化可知，D为苯乙醇；
（4）含有苯环和结构，为醛或酮等，核磁共振氢谱有4组峰，峰面积之比为3：2：2：1，则含4种H，且只有一个甲基；
（5）化合物E为苯甲醚的同系物，且相对分子质量比苯甲醚大14，则E比苯甲醚多1个CH2，则能使FeCl3溶液显色，一定含酚-OH，苯环可能有2个取代基或3个取代基；
（6）由2-氯丙烷和必要的无机试剂制备，2-氯丙烷先发生消去反应生成丙烯，再与氧气在Ag作催化剂条件下反应生成甲基环氧乙醚，最后与二氧化碳反应．

解答 解：（1）A中官能团名称是碳碳双键，B的结构简式为CH3OH，故答案为：碳碳双键；CH3OH；
（2）反应①的化学方程式为2CH2=CH2+O2$\stackrel{Ag}{→}$2 ，故答案为：2CH2=CH2+O2$\stackrel{Ag}{→}$2 ；
（3）D为苯乙醇，相对分子质量为8×12+16+1×10=122，⑥中-OH转化为-CHO，反应类型为氧化反应，故答案为：122； 氧化反应；
（4）苯乙醛的同分异构体的满足：含有苯环和结构，核磁共振氢谱有4组峰，峰面积之比为3：2：2：1，符合条件的同分异构体为，，
故答案为：或；
（5）若化合物E为苯甲醚的同系物，且相对分子质量比苯甲醚大14，则E比苯甲醚多1个CH2，则能使FeCl3溶液显色，一定含酚-OH，若含酚-OH、乙基，存在邻、间、对三种同分异构体；若苯环含3个取代基，在二甲苯的基础上加-OH，对二甲苯加-OH只有一种，邻二甲苯加-OH有2种，间二甲苯加-OH有3种，E的所有同分异构体共有3+1+2+3=9种，故答案为：9；
（6）由2-氯丙烷和必要的无机试剂制备，2-氯丙烷先发生消去反应生成丙烯，再与氧气在Ag作催化剂条件下反应生成甲基环氧乙醚，最后与二氧化碳反应即可，合成流程为，
故答案为：．

点评 本题考查有机物的推断及合成，为高频考点，把握反应中官能团的变化、碳链变化、有机反应为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意有机物的性质及习题中信息的应用，题目难度不大．

练习册系列答案
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2．下列离子方程式正确的是（　　）
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3．某有机物的结构简式如图，关于该有机物的下列叙述中不正确的是（　　）
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17．以乙烯为原料生产环氧乙烷，经典的方法是氯代乙醇法，包括以下两步反应：
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②
总的反应可表示为：
现代石油化式采用银作催化剂，可一步完成例：

经典的生产工艺的原子利用率是（　　）
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1．按如图装置进行实验，下列现象及推断正确的是（　　）
选项I中试剂Ⅱ中试剂及现象推断
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A．AB．BC．CD．D
7．设NA表示阿伏加德罗常数，下列叙述正确的是（　　）
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D．104g苯乙烯中含有的碳碳双键个数为4NA

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