题目内容

7．【情境阅读】
在图1中，点A在边OB上，点D在边OC上，且AD∥BC﹒将这样的图形定义为“A型”﹒将△OAD绕着点O旋转α°（0＜α＜90）得到新的图形（如图2），将图2中的四边形A′B′C′D′称为“准梯形”，A′D′称为上底，B′C′称为下底﹒
【新知学习】
（1）若情境阅读中的△OBC是等腰直角三角形，OB=OC，∠BOC=90°，其余条件不变﹒
①请说明图2中的△O′A′B′≌△O′D′C′﹒
②在图1中，S四边形ABCD=S△OBC-S△OAD，请探索图2中的S四边形A′B′C′D′与图1中的S四边形ABCD的大小关系﹒【变式探究】
（2）如图3，四边形ABCD是由有一个角是60°的“A型”通过旋转变换得到的“准梯形”，AD是上底，BC是下底，且AB=5，BC=8，CD=5，DA=2﹒求这个“准梯形”的面积．
【迁移拓展】
（3）如图4是由具有公共直角顶点的“A型”绕着直角定点旋转α°（0＜α＜90）得到的“准梯形”，斜边AD为上底，斜边BC为下底，且AB=3，BC=4$\sqrt{5}$，CD=6，AD=3$\sqrt{5}$．求这个“准梯形”的面积．

分析 （1）①首先根据AD∥BC，可得$\frac{OA}{OB}=\frac{OD}{OC}$，据此推得OA=OD，O′A′=O′D′；然后推得O′B′=O′C′，∠A′O′B′=∠D′O′C′=α°，根据全等三角形判定的方法，即可推得△O′A′B′≌△O′D′C′．
②首先根据△O′A′B′≌△O′D′C′，推得S△O′A′B′=S△O′D′C′；然后根据S四边形A′B′C′D′=S△O′B′C′+S△O′D′C′-S△O′A′B′-S△O′A′D′，推得S四边形A′B′C′D′=S四边形ABCD即可．
（2）首先连接OA、OB、OC、OD，构造等边三角形OBC和等边三角形OAD；然后用等边三角形OBC的面积减去等边三角形OAD的面积，求出四边形ABCD的面积即可．
（3）首先连接OA、OB、OC、OD，根据$\frac{OA}{OB}=\frac{OD}{OC}=\frac{AD}{BC}=\frac{3\sqrt{5}}{4\sqrt{5}}=\frac{3}{4}$，判断出OA=$\frac{3}{4}OB$，OD=$\frac{3}{4}$OC；然后用直角三角形OBC的面积减去直角三角形OAD的面积，求出四边形ABCD的面积即可．

解答 （1）①证明：如图2，

∵AD∥BC，
∴$\frac{OA}{OB}=\frac{OD}{OC}$，
∵OB=OC，
∴OA=OD，
∴O′A′=O′D′，
∵OB=OC，
∴O′B′=O′C′，
∠A′O′B′=∠D′O′C′=α°，
在△O′A′B′和△O′D′C′中，
$\left\{\begin{array}{l}{O′A′=O′D′}\\{∠A′O′B′=∠D′O′C′}\\{O′B′=O′C′}\end{array}\right.$，
∴△O′A′B′≌△O′D′C′﹒

②解：∵△O′A′B′≌△O′D′C′，
∴S△O′A′B′=S△O′D′C′，
∴S四边形A′B′C′D′=S△O′B′C′+S△O′D′C′-S△O′A′B′-S△O′A′D′
=（S△O′B′C′-S△O′A′D′）+（S△O′D′C′-S△O′A′B′）
=S△OBC-S△OAD
=S四边形ABCD
∴S四边形A′B′C′D′=S四边形ABCD．

（2）解：如图3，连接OA、OB、OC、OD，
，
设OA=OD，OB=OC，
∵OA=OD，∠AOD=60°，
∴OA=OD=AD=2，
∵OB=OC，∠BOC=60°，
∴OB=OC=BC=8，
∴S四边形ABCD=S△OBC-SOAD=$\frac{\sqrt{3}}{4}$×（82-22）=$\frac{\sqrt{3}}{4}$×60=15$\sqrt{3}$．

（3）解：如图4，连接OA、OB、OC、OD，
，
∵$\frac{OA}{OB}=\frac{OD}{OC}=\frac{AD}{BC}=\frac{3\sqrt{5}}{4\sqrt{5}}=\frac{3}{4}$，
∴OA=$\frac{3}{4}OB$，OD=$\frac{3}{4}$OC，
∵∠BOC=90°，BC=4$\sqrt{5}$，
∴令0B=4，OC=8，
则OA=$\frac{3}{4}OB$=$\frac{3}{4}×4=3$，OD=$\frac{3}{4}$OC=$\frac{3}{4}×8$=6，
∴S四边形ABCD=S△OBC-SOAD=4×8÷2-3×6÷2=16-9=7．

点评 （1）此题主要考查了几何变换综合题，考查了分析推理能力，考查了数形结合思想的应用，考查了空间想象能力的应用，要熟练掌握．
（2）此题还考查了全等三角形的判定和性质的应用，要熟练掌握，解答此题的关键是要明确：①判定定理1：SSS--三条边分别对应相等的两个三角形全等．②判定定理2：SAS--两边及其夹角分别对应相等的两个三角形全等．③判定定理3：ASA--两角及其夹边分别对应相等的两个三角形全等．④判定定理4：AAS--两角及其中一个角的对边对应相等的两个三角形全等．⑤判定定理5：HL--斜边与直角边对应相等的两个直角三角形全等．
（3）此题还考查了相似三角形的判定和性质的应用，以及直角三角形的性质的应用，要熟练掌握．

练习册系列答案
相关题目
10．我们都知道$\sqrt{3}$是无理数，而无理数是无限不循环小数，因此$\sqrt{3}$的小数部分我们不可能全部写出来，但是因为1＜$\sqrt{3}$＜2，因此我们可以用1来表示它的整数部分，用$\sqrt{3}$-1表示它的小数部分，若$\sqrt{10}$的整数部分是a，$\sqrt{5}$的小数部分是b，则ab的值为（　　）
A．5$\sqrt{2}$B．3$\sqrt{5}$-6C．3$\sqrt{6}$-5D．2$\sqrt{10}$-6
11．若x＜-4，则|2-|2+x||=-4-x．
8．已知ab＜0，ab2＞0，且a+b＜0，则下列四个不等式中正确的是①
①$\frac{a}{b}$＞-1；②$\frac{a}{b}$＜-1；③$\frac{a}{b}$＞1；④$\frac{a}{b}$＜1．
2．已知：如图，△ABC中，∠ABC=45°，CD⊥AB于D，BE平分∠ABC，且BE⊥AC于E，与CD相交于点F，H是BC边的中点，连结DH与BE相交于点G．
（1）求证：BF=AC；    
（2）求证：CE=$\frac{1}{2}$BF．
12．如图，矩形OABC的顶点A、C分别在x、y的正半轴上，点B的坐标为（3，4），一次函数$y=-\frac{2}{3}x+b$的图象与边OC、AB分别交于点D、E，并且满足OD=BE．点M是线段DE上的一个动点．
（1）求b的值；
（2）连结OM，若三角形ODM的面积与四边形OAEM的面积之比为1：3，求点M的坐标；
（3）设点N是x轴上方平面内的一点，以O、D、M、N为顶点的四边形是菱形，求点N的坐标．
19．下列各点中在函数y=2x-1的图象上的点是（　　）
A．（-1，2）B．（1，3）C．（2，3）D．（2，1）
16．点P（3，5）先向左平移3个单位，再向上平移4个单位得到P′，则点P′的坐标为（　　）
A．（0，9）B．（6，1）C．（-1，8）D．（7，2）
17．计算
（1）2$\sqrt{3}$×（$\sqrt{8}$-$\sqrt{\frac{1}{2}}$）÷$\sqrt{6}$
（2）2sin45°+6tan30°-$\sqrt{12}$．

违法和不良信息举报电话：027-86699610 举报邮箱：58377363@163.com

精英家教网