已知.平面直角坐标系上有A三点.且a≥b＞0.抛物线y=． (m.n为常数.且m+2≥2n＞0).经过点A和点C.顶点为P(1)当m.n满足什么关系时.S△AOB最大,(3)如图.当△ACP为直角三角形时.判断以下命题是否正确:“直角三角形DEF的三个顶点都在这条抛物线上.且DF∥x轴.那么△ACP与△DEF斜边上的高相等 .如果正确请予以证明.不正确请举� 题目和参考答案——青夏教育精英家教网—

题目内容

已知，平面直角坐标系上有A（a，0）、B（0，-b）、C（b，0）三点，且a≥b＞0，抛物线y=（x-2）（x-m）-（n-2）（n-m）．（m，n为常数，且m+2≥2n＞0），经过点A和点C，顶点为P
（1）当m，n满足什么关系时，S_△AOB最大；
（3）如图，当△ACP为直角三角形时，判断以下命题是否正确：“直角三角形DEF的三个顶点都在这条抛物线上，且DF∥x轴，那么△ACP与△DEF斜边上的高相等”，如果正确请予以证明，不正确请举出反例．

【答案】分析：（1）由抛物线y=（x-2）（x-m）-（n-2）（n-m），将其变形得：y=（x-n）（x+n-m-2），又由m+2≥2n＞0与抛物线经过点A和点C，则可求得a与b的值；可得S_△AOB=

ab=

（m+2-n）n，则可得当m+2=2n时，S_△AOB最大；
（2）由当△ACP是直角三角形时，AP⊥CP，且|AC|等于P点到x轴距离的2倍与抛物线y=（x-n）（x+n-m-2），可得顶点必然在x轴下方，则可得[（m+2）-2n][（m+2）-（2n+2）]=0，可得A、C不会是同一点，即可得m=2n，代回原方程求得点A（n+2，0），点C（n，0），点P（n+1，-1），然后假设命题成立，由DE∥x轴，令D、E的纵坐标均为y=b，则可求的两点的坐标分别为：D（n+1-

，b），E（n+1+

，b），设点F坐标为（x，y），即可求得y的值，求得F到斜边DE的距离为b-（b-1）=1，这与P到斜边AC距离一样，即可证得原命题是正确的．
解答：解：（1）∵y=（x-2）（x-m）-（n-2）（n-m）=（x-n）（x+n-m-2），
又∵m+2≥2n，即m+2-n≥n，
∴点（m+2-n，0）在点（n，0）右边．
又抛物线过A点和C点，
∴a=m+2-n，b=n，
∵S_△AOB=

ab=

（m+2-n）n≤

[

（m+2-n）+n]²=

（m+2）²，
当且仅当m+2-n=n时取“=”，此时m+2=2n，
当m+2=2n时，S_△AOB最大；

（2）命题正确．
理由：∵当△ACP是直角三角形时，AP⊥CP，且|AC|等于P点到x轴距离的2倍．
又∵抛物线y=（x-n）（x+n-m-2）=[x-

（m+2）]²-

（m+2）²+n（m+2-n），
∴顶点必然在x轴下方，
∴由 2[

（m+2）²-n（m+2-n）]=（m+2-n）-n，
化简得：[（m+2）-2n][（m+2）-（2n+2）]=0，
显然A、C不会是同一点，
∴m+2-n＞n，即（m+2）-2n＞0，
∴（m+2）-（2n+2）=0，
得：m=2n，
代回原方程有y=（x-n）（x-n-2），
∴点A（n+2，0），点C（n，0），点P（n+1，-1）．
假设命题成立，
∵DE∥x轴，
∴点F为Rt△DEF的直角．
令D、E的纵坐标均为y=b，则可求的两点的坐标分别为：D（n+1-

，b），E（n+1+

，b）．
设点F坐标为（x，y），
∵DF⊥EF，
∴有

•

=-1，
化简得（x-n-1）²+（y-b）²=b+1，
又（x，y）满足y=（x-n）（x-n-2）=[（x-n-1）+1][（x-n-1）-1]=（x-n-1）²-1，
联立两式消去x化简得：y²+（1-2b）y+（b²-b）=0，
求得y=b或b-1，舍去y=b，故y=b-1，
∴F到斜边DE的距离为b-（b-1）=1，这与P到斜边AC距离一样．
综合上述：命题是正确的．
点评：此题考查了待定系数法求二次函数的解析式，配方法解一元二次方程，直角三角形的性质以及点到直线的距离等知识．此题综合性很强，难度较大，解题的关键是方程思想与数形结合思想的应用．