题目内容
已知：△AOC如图A（-1，0）、C（0，3），把△AOC 以O点为旋转中心顺时针方向旋转90°，使C与B重合
（1）写出B点的坐标，求经过A、B、C三点的抛物线的解析式并画出图象；
（2）求抛物线顶点D的坐标，求证：△BCD是直角三角形；
（3）我们知道△DBC是直角三角形，在抛物线上除D点外，是否还存在另外一个点P，使得△PBC是直角三角形？若存在，请用尺规作图画出这样的点；若不存在，请说明理由；
（4）设抛物线的对称轴与x轴交于点H，射线CH交以O为圆心OC为半径的圆于G，求HG的长．
【答案】分析：（1）由旋转可以得出OB=OC，从而可以得出B点的坐标，在设出抛物线的解析式运用待定系数法将A、B、C三点的坐标代入解析式就可以求出抛物线的解析式，根据特殊点可以画出大致图象．
（2）根据点的坐标由勾股定理求出△BCD各边的长，再由勾股定理的逆定理就可以判断出△BCD是直角三角形．
（3）根据直角三角形的性质，斜边上的中线等于斜边的一半来作出图形就可以．
（4）连接EG，由圆周角定理可以得出∠EGC=90°，得出△COH∽△CGE，根据相似三角形的性质求出CG，从而可以求出HG的值．
解答：
（1）解：∵点B是由点C顺时针旋转90°得到的，且C（0，3），
∴B（3，0）．
设抛物线的解析式为y=ax2+bx+c，则
，解得
，
∴抛物线的解析式为：y=-x2+2x+3．
∴抛物线的图象为：
（2）证明：∵y=-x2+2x+3．
∴y=-（x-1）2+4
∴D（1，4），
∴DC2=1+1=2，BC2=9+9=18，BD2=16+4=20
∴DC2+BC2=BD2，
∴△BCD是直角三角形．
（3）解：如图：作BC的中垂线交BC于点M，
在以点M 为圆心，MC为半径画弧，与抛物线相交于点P，
∴点P是所求作的点．
（4）解：∵D（1，4），
∴OH=1，
∴由勾股定理得：HC=
，连接EG，
∴∠EGC=∠COH=90°，
∴△COH∽△CGE，
∴
，
∴
，
∴CG=
，
∴HG=
-
=
．
点评：本题考查了二次函数的性质，待定系数法求二次函数的解析式，直角三角形的性质，勾股定理的运用，圆周角定理的运用．
（2）根据点的坐标由勾股定理求出△BCD各边的长，再由勾股定理的逆定理就可以判断出△BCD是直角三角形．
（3）根据直角三角形的性质，斜边上的中线等于斜边的一半来作出图形就可以．
（4）连接EG，由圆周角定理可以得出∠EGC=90°，得出△COH∽△CGE，根据相似三角形的性质求出CG，从而可以求出HG的值．
解答：
（1）解：∵点B是由点C顺时针旋转90°得到的，且C（0，3），∴B（3，0）．
设抛物线的解析式为y=ax2+bx+c，则
，解得，∴抛物线的解析式为：y=-x2+2x+3．
∴抛物线的图象为：
（2）证明：∵y=-x2+2x+3．
∴y=-（x-1）2+4
∴D（1，4），
∴DC2=1+1=2，BC2=9+9=18，BD2=16+4=20
∴DC2+BC2=BD2，
∴△BCD是直角三角形．
（3）解：如图：作BC的中垂线交BC于点M，
在以点M 为圆心，MC为半径画弧，与抛物线相交于点P，
∴点P是所求作的点．
（4）解：∵D（1，4），
∴OH=1，
∴由勾股定理得：HC=
，连接EG，∴∠EGC=∠COH=90°，
∴△COH∽△CGE，
∴
，∴
，∴CG=
，∴HG=
-=．点评：本题考查了二次函数的性质，待定系数法求二次函数的解析式，直角三角形的性质，勾股定理的运用，圆周角定理的运用．
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