题目内容
17.用如图所示装置进行以下实验:①先测出可视为质点的滑块A、B的质量M、m及滑块A与桌面的动摩擦因数μ;
②使A、B间弹簧压缩,用细线将A、B连接,滑块B紧靠桌边;
③剪断细线,B做平抛运动,测出水平位移s1、A在桌面滑行距离s2,为验证动量守恒,写出还需测量的物理量及表示它的字母桌面距地面的高度h,如果动量守恒,需满足的关系式是M$\sqrt{2μ{s}_{2}}$=ms1$\sqrt{\frac{1}{2h}}$.
分析 由平抛运动规律与动能定理求出A、B的速度,然后求出验证动量守恒定律的表达式,根据表达式分析答题.
解答 解:AB离开过程中总动量守恒,设向右为正方向;
B离开桌面后,做平抛运动,
在竖直方向:h=$\frac{1}{2}$gt2,
水平方向:s1=vBt,
对A由动能定理得:
-μMgs2=0-$\frac{1}{2}$MvA2,
验证动量守恒定律,需要验证:
MvA=mvB,
联立解得:M$\sqrt{2μ{s}_{2}}$=ms1$\sqrt{\frac{1}{2h}}$,
由此可知,实验还要测出:B到地面的竖直高度h;
故答案为:B到地面的竖直高度h;M$\sqrt{2μ{s}_{2}}$=ms1$\sqrt{\frac{1}{2h}}$,
点评 本题考查了验证动量守恒定律实验,要明确动量守恒定律的基本内容,根据题意知道实验原理是正确解题的前提与关键,应用平抛运动规律、动能定理即可正确解题.
练习册系列答案
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