题目内容
4.如图所示,质量分别为m1和m2的两物块放在水平地面上,与水平地面间的动摩擦因数都是μ(μ≠0),用轻质弹簧将两物块连接在一起.当用水平力F作用在m1上时,两物块均以加速度a做匀加速运动,此时,弹簧伸长量为x;若用水平力F′作用在m1时,两物块均以加速度a′=2a做匀加速运动,此时,弹簧伸长量为x′.则下列关系正确的是( )A. | F′=2F | B. | x′=2x | C. | F′>2F | D. | x′<2x |
分析 先以两个物体整体为研究对象,由牛顿第二定律求出F和F′,再分别以m1和m2为研究对象,求出弹簧的弹力,由胡克定律分析弹簧伸长量的关系
解答 解:A、C以两个物体整体为研究对象,由牛顿第二定律得:
F-μ(m1+m2)g=(m1+m2)a…①
F′-μ(m1+m2)g=2(m1+m2)a…②
显然,F′<2F.故AC均错误.
B、D,由①得:a=$\frac{F}{{m}_{1}+{m}_{2}}$
由②得:2a=$\frac{F′}{{m}_{1}+{m}_{2}}$-μg,
分别以m1为研究对象,由牛顿第二定律得:
kx-μm1g=m1a=m1($\frac{F}{{m}_{1}+{m}_{2}}$),得:x=$\frac{{m}_{1}F}{{m}_{1}+{m}_{2}}$
kx′-μm1g=2m1a=m1($\frac{F′}{{m}_{1}+{m}_{2}}$-μg,),得:x′=$\frac{{m}_{1}F′}{{m}_{1}+{m}_{2}}$
则有x′<2x.故B错误,D正确.
故选:D
点评 本题的解答关键是灵活选择研究对象,采用先整体法求解出物体的共同加速度,然后隔离法对物体利用牛顿第二定律求解,比较简捷
练习册系列答案
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14.如图所示,物体A和B相对静止,以共同的速度沿倾角为θ的斜面匀速下滑;A和B在下滑过程中,斜面始终处于静止状态.A和B的质量分别为mA、mB,A与B、B与斜面之间的动摩擦因数为均为μ.则在A和B下滑过程中( )
A. | B受到的滑动摩擦力的大小为(mA+mB)gsinθ | |
B. | A、B间摩擦力的大小为μmAgcosθ | |
C. | 若取走A物体后,B物体仍做匀速直线运动 | |
D. | 若取走A物体后,地面对斜面的摩擦力减小 |
12.如图所示,一个小球沿竖直放置的光滑圆环形轨道做圆周运动,圆环的半径为R,关于小球的运动情况,下列说法中正确的是( )
A. | 小球的线速度方向时刻在变化,但总在圆周切线方向上 | |
B. | 小球的加速度方向时刻在变化,但总是指向圆心的 | |
C. | 小球的线速度的大小总大于或等于$\frac{1}{2}$$\sqrt{Rg}$ | |
D. | 小球受到的合力一定指向圆心 |
19.下列说法中正确的是( )
A. | 能就是功,功就是能 | |
B. | 做功越多,功率就越大 | |
C. | 能量转化的多少可以用功来量度 | |
D. | 滑动摩擦力一定做负功,静摩擦力一定不做功 |
9.下列物理量均为矢量的是( )
A. | 速度、力、质量 | B. | 加速度、力、路程 | ||
C. | 平均速度、时间、位移 | D. | 瞬时速度、加速度、力 |
16.如图所示,质量为3m的重物与一质量为m的线框用一根绝缘细线连接起来,挂在两个高度相同的定滑轮上,已知线框电阻为R,横边边长为L,水平方向匀强磁场的磁感应强度为B,磁场上下边界的距离、线框竖直边长均为h.初始时刻,磁场的下边缘和线框上边缘的高度差为2h,将重物从静止开始释放,线框穿出磁场前,若线框已经做匀速直线运动,滑轮质量、摩擦阻力均不计.则下列说法中正确的是( )
A. | 线框进入磁场时的速度为$\sqrt{2gh}$ | |
B. | 线框穿出磁场时的速度为$\frac{mgR}{{{B^2}{L^2}}}$ | |
C. | 线框通过磁场的过程中产生的热量Q=8mgh-$\frac{{8{m^3}{g^2}{R^2}}}{{{B^4}{L^4}}}$ | |
D. | 线框进入磁场后,若某一时刻的速度为v,则加速度为a=2g-$\frac{{B}^{2}{L}^{2}v}{4mR}$ |
13.如图所示,一个小物块从内壁粗糙均匀的半球形碗边开始下滑,一直到最底部,在下滑过程中物块的速率逐渐增大,下列说法中正确的是( )
A. | 物块加速度始终指向圆心 | |
B. | 物块对碗的压力逐渐减小 | |
C. | 物块向心力大小时刻变化,方向也时刻改变 | |
D. | 物块所受摩擦力逐渐变大 |