题目内容
17.如图所示,水平圆形转台能绕过圆心的竖直转轴转动,转台半径R=1m,在转台的边缘叠放物体A、B(均可看作质点),A、B之间的动摩擦因数μ1=0.6,B与转台之间动摩擦因数μ2=0.8,且mA=2kg,mB=5kg.(g取10m/s2,设最大静摩擦力等于滑动摩擦力)(1)若开始的时候转台边缘只放上了B物体,求随着转速的增加,B物体即将发生滑动时所对应的角速度ω;
(2)当物体A、B叠放在一起的时候,转台以ω1=2rad/s匀速转动,如图a,求此时B对转台的摩擦力大小;
(3)现用一根长l=$\sqrt{2}$m的轻绳将B、C相连,轻绳能够承受的最大拉力为10$\sqrt{2}$N,C物体(可看作质点)的质量为mC=1kg,让转台从静止缓慢加速,如图b,求细绳即将拉断的瞬间(还未拉断)转台所对应的角速度,以及此时转台对B物体的摩擦力.
分析 (1)最大静摩擦力提供向心力即可求得最大角速度;
(2)判断出AB不发生滑动和A不发生滑动时转动的角速度,根据牛顿第二定律求得摩擦力的大小;
(3)对C受力分析,根据牛顿第二定律求得转动的角速度,然后对AB组成的整体根据牛顿第二定律判断出加速度和摩擦力
解答 解:
(1)B物体即将发生滑动时
对B:${μ}_{2}{m}_{B}g={m}_{B}{ω}^{2}R$
解得:$ω=2\sqrt{2}rad/s$
(2)假设A、B无相对运动,则它们恰好滑离台面时
对AB:${μ}_{2}({m}_{A}+{m}_{B})g=({m}_{A}+{m}_{B}{)ω}_{0}^{2}R$
解得:${ω}_{0}=2\sqrt{2}rad/s$
同理,A恰好滑离B时有
对A:${μ}_{1}{m}_{A}g={{m}_{A}ω′}_{0}^{2}R$
解得:$ω{′}_{0}=\sqrt{6}rad/s$
由于ω1<ω0<ω′0,所以此时A、B和转台保持相对静止
则对AB:$f=({m}_{A}+{m}_{B}{)ω}_{1}^{2}R$
由牛顿第三定律得:f′=f=28N
(3)绳子即将拉断的瞬间,设绳与竖直方向夹角为θ
对C,竖直方向:Tcosθ=mCg
水平方向:$Tsinθ={{m}_{C}ω}_{2}^{2}(R+Lsinθ)$
解得:${ω}_{2}=\sqrt{5}rad/s$,θ=45°
由于ω2<ω′0,则物体A不可能单独滑离转台
设AB与转台保持相对静止,B受静摩擦力为fB
对AB:${f}_{B}-Tsinθ=({m}_{A}+{m}_{B}{)ω}_{2}^{2}R$
解得:fB=45N<μ2(mA+mB+mC)g,则假设成立
则fB=45N
方向:沿半径指向圆心
答:(1)随着转速的增加,B物体即将发生滑动时所对应的角速度ω为$2\sqrt{2}rad/s$
(2)此时B对转台的摩擦力大小为28N
(3)细绳即将拉断的瞬间(还未拉断)转台所对应的角速度为$\sqrt{5}rad/s$,以及此时转台对B物体的摩擦力为45N
点评 本题主要考查了向心力公式的直接应用,解题的关键是正确对物体进行受力分析,知道B对转台摩擦力第一次发生突变时的临界条件,特别注意C做圆周运动的半径是C到转轴的距离,难度较大,属于难题.
A. | 发生光电效应时,光电子的最大初动能与入射光强度成正比 | |
B. | 普朗克通过对光电效应现象的分析提出了光子说 | |
C. | 氢原子核外电子轨道半径越大,其能量越低 | |
D. | 比结合能越大的原子核,结合能不一定越大,但是原子核越稳定 |
A. | 当火车以规定速度转弯时,火车受重力、支持力、向心力 | |
B. | 若要降低火车转弯时的规定速度,可减小火车的质量 | |
C. | 若要增加火车转弯时的规定速度,可适当增大弯道的坡度 | |
D. | 当火车的速度大于规定速度时,火车将做离心运动 |
A. | t=$\frac{T}{4}$时,线圈的磁通量为零 | B. | t=$\frac{T}{4}$时,线圈的磁通量变化率为零 | ||
C. | t=$\frac{T}{2}$时,线圈通过中性面 | D. | t=$\frac{T}{2}$时,线圈的磁通量为零. |
A. | tA:tB=1:2 | B. | vA:vB=1:2 | C. | α=β | D. | α>β |
A. | 11.4天 | B. | 8.6天 | C. | 5.7天 | D. | 3.8天 |