题目内容
12.如图甲所示,位于竖直平面内的正方形闭合金属线框abcd的质量为m,电阻为R,其下方有一方向垂直于线框平面向里的匀强磁场区域,MN和PQ是水平边界,并与线框的bc边平行.现让金属线框由静止开始下落,图乙是开始下落到完全穿过磁场区域瞬间的v-t图象.重力加速度为g,不计空气阻力.则( )A. | 刚进入磁场时感应电流方向沿adcba方向 | |
B. | t4-t3=t2-t1 | |
C. | 磁场的磁感应强度为$\frac{1}{v1(t2-t1)}$$\sqrt{\frac{mgR}{{v}_{1}}}$ | |
D. | 金属线框在0~t4的时间内所产生的热量为2mgv1(t2-t1)+$\frac{1}{2}$m(v32-v22) |
分析 由楞次定律得到感应电流方向,再由安培定则及受力平衡求得磁感应强度;由动能定理求得克服安培力做的功,进而得到产热.
解答 解:A、由楞次定律可知,刚进入磁场时感应电流产生的磁场垂直于线框平面向外,由右手定则可知,感应电流为逆时针方向即沿abcda方向,故A错误;
B、线框通过上边界和下边界时位移都为边长,而在通过上边界时的速度小于通过下边界时的速度,所以通过上边界的时间大于通过下边界的时间,即t2-t1>t4-t3,故B错误;
C、设线框边长为L,线框在t1→t2,速度不变,则有线框受力平衡,即mg=BIL,又有:
${E=BL{v}_{1}},{I=\frac{E}{R}},{L={v}_{1}({t}_{2}-{t}_{1})}\end{array}\right.$,
所以,$mg=\frac{{B}^{2}{L}^{2}{v}_{1}}{R}=\frac{{B}^{2}{{v}_{1}}^{3}({t}_{2}-{t}_{1})^{2}}{R}$,所以,$B=\frac{1}{{v}_{1}({t}_{2}-{t}_{1})}\sqrt{\frac{mgR}{{v}_{1}}}$,故C正确;
D、金属线框在0~t4的时间内所产生的热量等于克服安培力在0~t4做的功,只有t1~t2,t3~t4有安培力,对这两个时间段应用动能定理,则有:${mgL-{Q}_{1}=0},{mgL-{Q}_{2}=\frac{1}{2}m{{v}_{2}}^{2}-\frac{1}{2}m{{v}_{3}}^{2}}\end{array}\right.$,
所以,金属线框在0~t4的时间内所产生的热量$Q={Q}_{1}+{Q}_{2}=mgL+mgL-\frac{1}{2}m{{v}_{2}}^{2}+\frac{1}{2}m{{v}_{3}}^{2}$=$2mg{v}_{1}({t}_{2}-{t}_{1})+\frac{1}{2}m({{v}_{3}}^{2}-{{v}_{2}}^{2})$,故D正确;
故选:CD.
点评 在闭合电路切割磁感线的问题中,要注意产生的热量为磁场能转化为内能,即安培力做的功等于热量.
A. | 滑块不可能只受到三个力作用 | |
B. | 弹簧一定处于压缩状态 | |
C. | 斜面对滑块的支持力大小可能为零 | |
D. | 斜面对滑块的摩擦力大小一定等于$\frac{1}{2}$mg |
A. | 物体可能沿曲线Ba运动 | B. | 物体可能沿曲线Bb运动 | ||
C. | 物体可能沿曲线Bc运动 | D. | 物体可能沿B返回A |
A. | 小球从接触弹簧到将弹簧压至最低点B的过程中,其加速度一直减小 | |
B. | 小球运动过程中最大动能可能为mgx0 | |
C. | 弹簧劲度系数大于$\frac{{\sqrt{3}mg}}{{2{x_0}}}$ | |
D. | 弹簧最大弹性势能为$\frac{{3\sqrt{3}}}{2}mg{x_0}$ |