题目内容
13.如图所示,质量为M、半径为4R的半球体A始终静止在粗糙水平面上,质量为m、半径为R的光滑小球B通过一根与半球体A最高点相切但不接触的水平细线系住静止在半球体A上,已知重力加速度为g,下列说法正确的是( )A. | 细线对小球的拉力大小为$\frac{5}{4}$mg | |
B. | 地面对半球体的摩擦力的大小为$\frac{3}{4}$mg | |
C. | 保持小球的位置和静止状态不变,将细线左端沿竖直墙壁逐渐上移,细线对小球的拉力逐渐减小 | |
D. | 剪断B球绳子的瞬间,小球B的加速度大小为0.6g |
分析 对小球受力分析根据平衡条件分析细线对小球的拉力和支持力,再根据牛顿第三定律可分析A受弹力,再对A半球分析,根据平衡条件可求得摩擦力大小;再根据牛顿第二定律可求得小球的加速度大小.
解答 解:A、对小球进行受力分析如图1可知,小球受重力、支持力绳子的拉力作用而处于平衡状态,由几何关系可知,sinθ=$\frac{4R}{5R}$=0.8;故θ=53°;则由几何关系可知,F=mgtanθ=$\frac{4}{3}$mg;故A错误;
B、由几何关系解得:N=$\frac{mg}{cosθ}$=$\frac{5}{4}$mg,由牛顿第三定律可知,小球对半球体的压力为:N’=$\frac{5}{4}$mg,对半球体分析,水平方向上摩擦力与N'的分力平衡,则有:f=N'sinθ=$\frac{5}{4}$mg×$\frac{3}{5}$=$\frac{3}{4}$mg,故B正确;
C、持小球的位置和静止状态不变,将细线左端沿竖直墙壁逐渐上移,则细线与竖直方向的夹角越来越小,则由图2可知,细线对小球的拉力先减小后增大,故C错误;
D、剪断B球绳子的瞬间,小球受力发生突变,此时合力F合=mgcosθ=0.6mg,由牛顿第二定律可得,加速度为0.6g,故D正确.
故选:BD.
点评 本题考查共点力平衡以及牛顿第二定律的应用,要注意确定受力分析,作好受力分析图,在解题时要注意几何关系的应用,确定角边关系是解题的关键.
练习册系列答案
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C. | 当转动的角速度ω=$\sqrt{\frac{g}{2L}}$时,只有O1P绳有拉力 | |
D. | 当转动的角速度ω=$\sqrt{\frac{g}{L}}$时,O2P绳将会松弛,O1P绳绷紧且与竖直方向的夹角变大 |