题目内容
4.如图所示,一个三棱镜的横截面为直角三角形,且∠A=30°,棱镜材料的折射率为$\sqrt{2}$,将该棱镜放在真空中,使平行单色光斜射向AB面,其中一部分光通过棱镜后垂直于BC面射出.(a)在图中画出这样一条光路,并指出在各面上入射角、折射角、反射角的大小.
(b)求出从BC面上垂直射出的光在AB面上对应的入射范围(AB边长已知).
分析 (a)根据入射角,由折射定律求得折射角,由反射定律求出反射角,再画出光路图.
(b)由题意可知,经BC面上C点垂直BC面射出的光线是入射到AB面上的所有光线中的最靠近B点的光线.一部分光通过棱镜后垂直于BC面射出,说明光线在AC面上的反射角为60°,由反射定律和几何关系结合求解.
解答 解:(a)设临界角为C,则sinC=$\frac{1}{n}$=$\frac{\sqrt{2}}{2}$,C=45°
入射光线ab的入射角为45°,由n=$\frac{sini}{sinr}$得:r=30°
,即光线进入AB后折射光线bc折射角为30°,折射光线bc射到AC面上c点的入射角为60°,大于临界角,将发生全反射,反射光线为cd,cd经BC面垂直射出.
(2)由题意可知,经BC面上C点垂直BC面射出的光线是入射到AB面上的所有光线中的最靠近B点的光线.
一部分光通过棱镜后垂直于BC面射出,说明光线在AC面上的反射角为60°,由反射定律知,入射角为60°,进而由几何关系可知,光线在AB面上的折射角为 r=30°.
AB面上由折射定律:n=$\frac{sini}{sinr}$
解得入射角 i=45°
由三角关系得 BC=$\frac{\sqrt{3}AB}{3}$,BD=$\frac{\sqrt{3}BC}{3}$,BD=$\frac{AB}{3}$
所以经D点左侧的$\frac{2AB}{3}$的范围内的入射的光线,经棱镜折射后均可垂直BC面射出.
答:
(a)如图所示光路abcd.
(b)经D点左侧的$\frac{2AB}{3}$的范围内的入射的光线,经棱镜折射后均可垂直BC面射出.
点评 解答本题的关键是正确画出光路图,然后依据几何关系、反射定律和折射定律进行解题,这是几何光学常用的思路.
A. | 小球在tB时刻所受弹簧弹力大于$\frac{1}{2}$mg | |
B. | 小球在tC时刻的加速度大于$\frac{1}{2}$g | |
C. | 小球从tC时刻所在的位置有静止释放后,不能回到出发点 | |
D. | 小球从tA时刻到tC时刻的过程中重力势能的减小量等于弹簧弹性势能的增加量 |
A. | A和B | B. | C和B | C. | A和D | D. | A和C |
A. | 沙漠蜃景 | B. | 雨后彩虹 | C. | 多彩肥皂泡 | D. | 立体电影 |
A. | 拉力F的大小在增大 | B. | 小球受到球状体的支持力减小 | ||
C. | 地面对半球体的支持力减小 | D. | 地面对半球体的摩擦力在减小 |
A. | $\frac{ac}{bS}$ | B. | $\frac{bc}{aS}$ | C. | $\frac{ab}{cS}$ | D. | $\frac{c}{S}$ |
A. | 金属线框初始位置的bc边到边界MN的高度为v1t1 | |
B. | 匀强磁场区域的宽度为$\frac{({v}_{1}+{v}_{2})({t}_{3}-{t}_{2})}{2}$+v1(t2-t1) | |
C. | 金属线框在进入磁场的过程中通过导线横截面的电荷量为(t2-t1)$\sqrt{mg{v}_{1}R}$ | |
D. | 金属线框在离开磁场的过程中产生的焦耳热为mgv1(t2-t1)+$\frac{1}{2}$mv22-$\frac{1}{2}$mv32 |