题目内容
5.求证:函数f(x)=x2-(2a+1)x+a有两个不同的零点.分析 根据一元二次方程根的个数与函数零点相同,可得结论.
解答 证明:令f(x)=x2-(2a+1)x+a=0,
∵△=(2a+1)2-4a=${(2a+\frac{1}{2})}^{2}+\frac{3}{4}$>0,
故f(x)=0有两个不相等的实数根,
即函数f(x)=x2-(2a+1)x+a有两个不同的零点.
点评 本题考查的知识点是二次函数的性质,函数的零点,难度不大,属于基础题.
练习册系列答案
相关题目
15.若$\sqrt{\frac{1-sinx}{1+sinx}}$=$\frac{sinx-1}{cosx}$,则x的取值范围是( )
A. | 2kπ≤x≤2kπ+$\frac{π}{2}$,k∈Z | B. | 2kπ+$\frac{π}{2}$<x<2kπ+$\frac{3π}{2}$,k∈Z | ||
C. | 2kπ+$\frac{3π}{2}$<x<2kπ+2π,k∈Z | D. | 2kπ+π<x<2kπ+$\frac{3π}{2}$,k∈Z |
17.已知函数y=f(x)是奇函数,且f(1)=2,则函数y=f(x)图象必过点( )
A. | (-1,2) | B. | (2,1) | C. | (-1,-2) | D. | (-2,-1) |
14.函数y=3-|x|的单调递减区间是( )
A. | (-∞,+∞) | B. | (-∞,+0] | C. | [0,+∞) | D. | 不存在 |