题目内容

1.1.204×1023个NH4的质量为3.6g,所含有的电子的物质的量为2mol.

分析 根据n=$\frac{N}{{N}_{A}}$计算NH4+的物质的量,根据m=nM计算其质量,1mol离子中含有10mol电子,据此计算.

解答 解:1.204×1023个NH4+的质量为$\frac{1.204×1{0}^{23}}{6.02×1{0}^{23}}$×18g/mol=3.6g,物质的量为$\frac{1.204×1{0}^{23}}{6.02×1{0}^{23}}$mol=2mol,1mol离子中含有10mol电子,所以0.2离子中含有2mol电子.、
故答案为:3.6g;2mol.

点评 本题考查物质的量的计算,为高频考点,侧重学生的分析、计算能力的考查,注意把握相关计算公式的运用,题目难度不大.

练习册系列答案
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2.在某温度下,工业合成氨反应N2+3H2 $?_{催化剂}^{高温、高压}$2NH3(正反应放热),把氮气和氢气以1:1的物质的量之比混匀后分成两等份,同时分别充入A体积和B体积两个装有催化剂的真空容器中(A、B两容器的容积固定),在保持相同温度的条件下,A、B两个容器的合成氨反应先后达到平衡状态.请回答:
(1)写出该反应的平衡常数表达式$\frac{[N{H}_{3}]^{2}}{[{N}_{2}]×[{H}_{2}]^{3}}$,KA等于KB(选填“大于”、“小于”或“等于”).
(2)欲增大该反应K值,可以采取的措施为B
A  升高温度     B  降低温度     C  增大N2、H2的浓度    D  使用高效的催化剂
(3)分析以下表中数据后,完成下列问题[M(平)表示平衡时混合物的平均相对分子质量]
容器A容器B
M(平)16.7
平衡时N2的转化率20%
达平衡时,容器A中N2的转化率为10%,容器B中M(平)为18.75,容器A(选填“A”或“B”)体积更大.
(4)常温下将氨气溶于水配成0.1mol/L的氨水100mL,此时溶液中$\frac{[{H}^{+}]}{[O{H}^{-}]}$=10-8,则溶液中NH3•H2O的电离程度用电离度表示为1%,水电离出的c(OH-)=10-11mol/L,再向溶液中加水稀释到1L,所得溶液中$\frac{[{H}^{+}]}{[O{H}^{-}]}$增大(填“增大、不变、减小或不确定”)
(5)已知三种酸的电离平衡常数如下表,浓度均为0.1mol/L的NaCN溶液、Na2CO3溶液、NaHCO3溶液和CH3COONa溶液的pH值分别为a、b、c、d,则a、b、c、d按从大到小的顺序排列为b>a>c>d,写出向NaCN溶液中通入少量CO2气体的离子方程式为CN-+CO2+H2O=HCN+HCO3-
化学式电离常数(298K)
氢氰酸K=4.5×10-10
碳酸K1=4.4×10-7
K2=4.7×10-11
醋酸K=1.75×10-5
19.铝元素在自然界中主要存在于铝土矿(主要成分为Al2O3,还含有Fe2O3、FeO、SiO2)中.工业上用铝土矿制备铝的某种化合物的工艺流程如图1.

(1)在滤液A中加入漂白液,目的是氧化除铁,所得滤液B显酸性.
①检验滤液B中是否还含有铁元素的方法为取少量滤液B,加入KSCN溶液,若不变红,再加入氯水,仍然不变红,说明滤液B中不含铁元素(注明试剂、现象).
②由滤液B制备氯化铝晶体涉及的操作为:边滴加浓盐酸边蒸发浓缩、冷却结晶、过滤、洗涤.
(2)新型铝空气电池具有比能量大、质量轻、无毒和危险性等优点.Al电极易被NaOH溶液腐蚀,这是该电池目前未能推广使用的原因之一,电极被腐蚀的离子方程式为2Al+2OH-+2H2O═2AlO2-+3H2↑.
(3)对金属制品进行抗腐蚀处理,可延长其使用寿命.图3为铝材表面处理的一种方法
①碱洗的目的是除去铝材表面的自然氧化膜,原理是_Al2O3+2OH-═2[AlO2]-+H2O(用离子方程式表示).为将碱洗槽液中铝元素以沉淀形式回收,最好向槽液中加入下列试剂中的b.
a.NH3         b.CO2        c.NaOH      d.HNO3
②以铝材为阳极,在H2SO4 溶液中电解,铝材表面形成氧化膜,则阳极电极反应为2Al+3H2O-6e-═Al2O3+6H+.取少量废电解液,加入NaHCO3,溶液后产生气泡和白色沉淀,产生沉淀的原因是3HCO3-+Al3+=3CO2↑+Al(OH)3↓.(用离子方程式表示)

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