题目内容
下列叙述正确的是( )
A、0.01mol/L CH3COOH与pH=12的NaOH溶液混合,若有c(CH3COO-)>c(Na+),则混合液一定呈碱性 |
B、0.1mol/L NaHCO3溶液中c(OH-)=c(H+)+c(CO32-)+2c(H2CO3) |
C、0.1mol/L的某二元弱酸盐Na2A溶液中,c(Na+)=2c(H2A)+2c(HA-)+2c(A2-) |
D、100mL 1.0 mol?L-1 Fe(NO3)2溶液和100mL 2.0 mol?L-1 HNO3溶液混合后:c(NO3-)=2.0mol?L-1 |
考点:酸碱混合时的定性判断及有关ph的计算,盐类水解的应用,离子浓度大小的比较
专题:电离平衡与溶液的pH专题,盐类的水解专题
分析:A.c(CH3COO-)>c(Na+),根据电荷守恒c(Na+)+c(H+)=c(CH3COO-)+c(OH-)可知,c(H+)>c(OH-);
B.根据碳酸氢钠溶液中电荷守恒、物料守恒判断各离子浓度之间关系;
C.根据二元弱酸盐Na2A溶液中的物料守恒进行判断;
D.硝酸与亚铁离子发生氧化还原反应,导致硝酸根离子的物质的量减小.
B.根据碳酸氢钠溶液中电荷守恒、物料守恒判断各离子浓度之间关系;
C.根据二元弱酸盐Na2A溶液中的物料守恒进行判断;
D.硝酸与亚铁离子发生氧化还原反应,导致硝酸根离子的物质的量减小.
解答:
解:A.0.01mol/L CH3COOH与pH=12的NaOH溶液混合,若c(CH3COO-)>c(Na+),溶液中一定满足电荷守恒:c(Na+)+c(H+)=c(CH3COO-)+c(OH-),则c(H+)>c(OH-),溶液一定显示酸性,故A错误;
B.碳酸氢钠中电荷守恒为:①c(Na+)+c(H+)=c(HCO3-)+2c(CO32-)+c(OH-),物料守恒为:②c(Na+)=c(HCO3-)+c(CO32-)+c(H2CO3),将②带人①可得:c(OH-)+c(CO32-)=c(H+)+c(H2CO3),故B错误;
C.该二元弱酸盐Na2A溶液中有多满足物料守恒:c(Na+)=2c(H2A)+2c(HA-)+2c(A2-),故C正确;
D.100mL 1.0 mol?L-1 Fe(NO3)2溶液和100mL 2.0 mol?L-1 HNO3溶液混合后,如果不发生反应,则混合后溶液中硝酸根离子浓度为2mol/L,由于硝酸具有强氧化性,能够氧化亚铁离子,导致反应后溶液中硝酸根离子小于2mol/L,故D错误;
故选C.
B.碳酸氢钠中电荷守恒为:①c(Na+)+c(H+)=c(HCO3-)+2c(CO32-)+c(OH-),物料守恒为:②c(Na+)=c(HCO3-)+c(CO32-)+c(H2CO3),将②带人①可得:c(OH-)+c(CO32-)=c(H+)+c(H2CO3),故B错误;
C.该二元弱酸盐Na2A溶液中有多满足物料守恒:c(Na+)=2c(H2A)+2c(HA-)+2c(A2-),故C正确;
D.100mL 1.0 mol?L-1 Fe(NO3)2溶液和100mL 2.0 mol?L-1 HNO3溶液混合后,如果不发生反应,则混合后溶液中硝酸根离子浓度为2mol/L,由于硝酸具有强氧化性,能够氧化亚铁离子,导致反应后溶液中硝酸根离子小于2mol/L,故D错误;
故选C.
点评:本题考查了酸碱混合的定性判断、溶液中离子浓度大小比较,题目难度中等,注意掌握盐的水解原理及其应用方法,能够根据电荷守恒、物料守恒、盐的水解原理判断溶液中各离子浓度大小,选项D为易错点,注意部分硝酸根离子被还原成一氧化氮气体.
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练习册系列答案
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盆烯的分子结构如图所示(其中碳、氢原子均已略去).关于盆烯的说法正确的是( )
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下列反应过程中,同时有离子键、极性键和非极性键的断裂和形成的是( )
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| ||||
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| ||||
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要得到较大颗粒的明矾晶体,在结晶时可如下操作( )
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下列说法正确的是( )
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C、杂化轨道只用于形成σ键或用于容纳未参与成键的孤电子对 |
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