题目内容
如图,已知⊙O的半径为1,PQ是⊙O的直径,n个相同的正三角形沿PQ排成一列,所有正三角形都关于PQ对称,其中第一个△A1B1C1的顶点A1与点P重合,第二个△A2B2C2的顶点A2是B1C1与PQ的交点,…,最后一个△AnBnCn的顶点Bn、Cn在圆上.(1)如图1,当n=1时,求正三角形的边长a1;
(2)如图2,当n=2时,求正三角形的边长a2;
(3)如题图,求正三角形的边长an(用含n的代数式表示)
分析:(1)设PQ与B1C1交于点D,连接B1O,得出OD=A1D-OA1,用含a1的代数式表示OD,在△OB1D中,根据勾股定理求出正三角形的边长a1;
(2)设PQ与B2C2交于点E,连接B2O,得出OE=A1E-OA1,用含a2的代数式表示OE,在△OB2E中,根据勾股定理求出正三角形的边长a2;
(3)设PQ与BnCn交于点F,连接BnO,得出OF=A1F-OA1,用含an的代数式表示OF,在△OBnF中,根据勾股定理求出正三角形的边长an.
(2)设PQ与B2C2交于点E,连接B2O,得出OE=A1E-OA1,用含a2的代数式表示OE,在△OB2E中,根据勾股定理求出正三角形的边长a2;
(3)设PQ与BnCn交于点F,连接BnO,得出OF=A1F-OA1,用含an的代数式表示OF,在△OBnF中,根据勾股定理求出正三角形的边长an.
解答:解:(1)设PQ与B1C1交于点D,连接B1O.
∵△PB1C1是等边三角形,
∴A1D=PB1•sin∠PB1C1=a1•sin60°=
a1,
∴OD=A1D-OA1=
a1-1,
在△OB1D中,OB12=B1D2+OD2,
∴OD=A1D-OA1=
a1-1,
即12=(
a1)2+(
a1-1)2,
解得a1=
;
(2)设PQ与B2C2交于点E,连接B2O.
∵△A2B2C2是等边三角形,
∴A2E=A2B2•sin∠A2B2C2=a2•sin60°=
a2,
∵△PB1C1是与△A2B2C2边长相等的正三角形,
∴PA2=A2E=
a2,
OE=A1E-OA1=
a2-1,
在△OB2E中,OB22=B2E2+OE2,
即12=(
a2)2+(
a2-1)2,
解得a2=
;
(3)设PQ与BnCn交于点F,连接BnO,
得出OF=A1F-OA1=
nan-1,
同理,在△OBnF中,OBn2=BnF2+OF2,
即12=(
an)2+(
nan-1)2,
解得an=
.
∵△PB1C1是等边三角形,
∴A1D=PB1•sin∠PB1C1=a1•sin60°=
| ||
2 |
∴OD=A1D-OA1=
| ||
2 |
在△OB1D中,OB12=B1D2+OD2,
∴OD=A1D-OA1=
| ||
2 |
即12=(
1 |
2 |
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2 |
解得a1=
3 |
(2)设PQ与B2C2交于点E,连接B2O.
∵△A2B2C2是等边三角形,
∴A2E=A2B2•sin∠A2B2C2=a2•sin60°=
| ||
2 |
∵△PB1C1是与△A2B2C2边长相等的正三角形,
∴PA2=A2E=
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2 |
OE=A1E-OA1=
3 |
在△OB2E中,OB22=B2E2+OE2,
即12=(
1 |
2 |
3 |
解得a2=
8
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13 |
(3)设PQ与BnCn交于点F,连接BnO,
得出OF=A1F-OA1=
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2 |
同理,在△OBnF中,OBn2=BnF2+OF2,
即12=(
1 |
2 |
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2 |
解得an=
4
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3n2+1 |
点评:主要考查了等边三角形的性质,勾股定理等知识点.本题中(1)(2)是特殊情况,注意在证明过程中抓住不变条件,从而为证明(3)提供思路和方法.本题综合性强,难度大,有利于培养学生分析、解决问题的能力.
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