7．有一规格为1μA/格的电流表，共有N＝100格，内阻r_g＝50Ω.若将其改为最大测量电压为U＝1V的电压表，则应________联一个阻值为________的电阻，电压表每格对应________V.

[答案]　串　9950Ω　0.01

[解析]　I_g＝100×1μA＝100μA＝1×10^－4A，r_g＝50Ω

设需串联电阻为R₀，则I_g(R₀+r_g)＝1V

∴R₀＝－r_g＝10⁴Ω－50Ω＝9950Ω

每一格对应电压为V＝0.01V.

6．一个量程为0-100μA的电流表，内阻为100Ω，再给它串联一个9900Ω的电阻，将它改装成电压表，改装后电压表的量程为________V，用它来测量一段电路两端的电压时，表盘指针如右图所示，这段电路两端的电压是________．

[答案]　0-1　0.83

[解析]　(1)电流表的量程I_g＝100μA，内阻R_g＝100Ω，改装时串联的分压电阻R＝9900Ω，由串联电路的分压原理可得：＝＝I_g，

所以改装后电压表的两端能承受的最大电压为：

U＝I_g(R_g+R)＝100×10^－6×(100+9900)V＝1.00V，

也即改装后电压表的量程是0-1V.

(2)改装后电压表的量程是0-1V，原电流表的表盘上的100μA刻线应改为1V,50μA的刻度线应改为0.5V，表盘上每个分度表示0.1V，所以用它测电压时，表针指示的电压是0.83V.

5．如图所示，将一个改装的电流表接入电路进行校准，发现待测表的读数比标准表的读数偏大，如表头G的I_g是准确的，出现的误差可能是下述哪种原因引起的　　　　　 (　)

A．R_g的测量值比真实值偏大

B．R_g的测量值比真实值偏小

C．所并联的R_并比公式R_并′＝计算出的R_并′偏小

D．所并联的R_并比公式R_并′＝计算出的R_并′偏大

[答案]　AD

[解析]　待测表的读数偏大，表明通过待测表G的电流比标准表A的电流大，使G的指针偏转较大，反映了R_并支路分去的电流太小，即R_并太大．由并联电路U_g＝U_并，有I_gR_g＝(I－I_g)·R_并，所以R_并＝，在I_g与I准确时，R_并的阻值偏大，直接反映了R_g的测量值比真实值偏大，所以选项A、D正确，B、C错误．

4．如右图所示电路，用伏安法测量电阻的大小．电阻R＝320Ω时，电流表的示数是15mA，电压表的示数是4.5V.如果用这个电路测量未知电阻R′，电流表的示数是13mA，电压表的示数是5.2V，则电阻R′的大小是　　　　　　　　　　　　　　　　 　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 (　)

A．R>420Ω　 　　　　　　　　　　　　　　 B．400Ω<R′<420Ω

C．R′＝420Ω　 　　　　　　　　　　　 D．无法确定

[答案]　A

[解析]　R＝320Ω时，两端电压U＝4.5V，则通过R的电流I_R＝＝A＝0.014A＝14mA

通过电压表的电流I_V＝I－I_R＝(15－14)mA＝1mA

电压表内阻R_V＝＝Ω＝4500Ω

当电阻为R′时，电压U′＝5.2V

通过电压表的电流I_V′＝＝A＝1.15mA

通过R′的电流I_R′＝I′－I_V′＝(13－1.15)mA＝11.85mA

电阻R′＝＝Ω＝439Ω.

3．分别用图(a)、(b)两种电路测量同一未知电阻的阻值．图(a)中两表的示数分别为3V、4mA，图(b)中两表的示数分别为4V、3.9mA，则待测电阻R_x的真实值为　　　　　　　　　　 (　)

A．略小于1kΩ　 　　　　　　　　　　　 B．略小于750Ω

C．略大于1kΩ　 　　　　　　　　　　　 D．略大于750Ω

[答案]　D

[解析]　先判断采用的测量方法，由于在两种不同的接法中电压表的示数变化大，说明测量的是小电阻，这样电流表分压较大，应该采用(a)图进行测量比较准确．(a)图中测量值较真实值偏小．

2．如下图所示，用伏安法测电阻，若电流表内阻1Ω，电压表内阻5000Ω，R_x约为10Ω，则下图中哪个测量结果较为准确？测量值比真实值偏大还是偏小　　　　　　　　　　　　 (　)

A．甲电路，偏大　　　　　 B．甲电路，偏小

C．乙电路，偏大　 　　　　　　　　　 D．乙电路，偏小

[答案]　B

[解析]　＝500，＝10，∴>，应采用电流表外接法，由于电压表分流，使I_A>I_x，R_x的测量值比真实值偏小．

1．以下说法中，正确的是　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 (　)

A．采用伏安法测电阻时，只要仪器选得正确，可保证没有系统误差

B．用伏安法测电阻，不论是用电流表外接法，还是电流表内接法，都存在系统误差

C．用欧姆表测电阻，既准确又方便

D．伏安法测电阻，存在系统误差的原因是由于电流表的分压

[答案]　B

[解析]　对A、B选项，伏安法测电阻不可能没有系统误差，只能减小，故B选项正确，A选项错误．对C选项，欧姆表测电阻方便但由于刻度不均匀读数误差较大，电池用久了误差更大．因而C选项错误．对D选项，不同的测量电路引起误差的原因不同，故D选项错误．

10．(2009·盐城市高三)在“描绘小电珠的伏安特性曲线”实验中，用导线a、b、c、d、e、f、g和h按图甲所示方式连接好电路，电路中所有元器件都完好，且电压表和电流表已调零．闭合开关后：

(1)若不管怎样调节滑动变阻器，小电珠亮度能发生变化，但电压表、电流表的示数总不能为零，则可能是________导线断路．

(2)某学生测出电源和小电珠的U－I图线如图乙所示，将小电珠和电阻R串联后接到电源上，要使电路中电流为1.0A，则R＝________Ω.

(3)某同学在实验中还测出a、b、c三种元件的伏安特性曲线分别如图丙中的(a)、(b)、(c)，下列说法正确的是________．

A．a可以作为标准电阻使用

B．b能作为标准电阻使用

C．b的阻值随电压升高而增大

D．c的阻值随电压升高而增大

[答案]　(1)g　(2)0.8　(3)AC

[解析]　(1)g

(2)从题图乙中可得电源的电动势为：E＝3.0V，内阻为：r＝＝Ω＝1.0Ω.还可看出，电流表示数为1.0A时，电压表示数为1.2V，由欧姆定律解得小电珠的电阻为：R_电＝＝Ω＝1.2Ω，将小电珠和电阻R串联后接到电源上，由闭合电路的欧姆定律得：I＝，代入数据解得：R＝0.8Ω.

(3)由题图丙可知，(a)图的电阻不变，可以作为标准电阻，A正确；(b)图的电阻变化，不能作为标准电阻，B错误；(b)图的电阻随电压的增大而增大，(c)图的电阻随电压的增大而减小，C正确，D错误．

9．图(甲)为某同学测定额定电压为2.5V的小灯泡的I－U图线的实验电路图．

(1)根据电路图，将图(乙)中的实物连接成完整的实验电路．

(2)开关S闭合之前，图(乙)中滑动变阻器的滑片应该置于________(选填“A端”、“B端”或“AB正中间”)．

(3)已知小灯泡灯丝在27℃时电阻值约为1.5Ω，并且其电阻值与灯丝的热力学温度成正比(热力学温度T与摄氏温度t的关系为T＝273K+t)，根据图(丙)画出的小灯泡I－U特性曲线，估算该小灯泡以额定电压工作时的温度约为________℃(保留两位有效数字)．

[答案]　(1)见解析　(2)A端　(3)1.5×10³

[解析]　(1)如图

(2)S闭合之前，滑片应置于A端．

(3)由图象知，当U＝2.5V时，电流I≈0.28A.

电阻 R＝≈9Ω，由题知，电阻值与灯丝的热力学温度成正比，故有：＝

解得T＝1800K.∴t≈1.5×10³℃.

8．(2010·江苏省名校联考)小灯泡灯丝的电阻会随温度的升高而变大．某同学为研究这一现象，用实验描绘小灯泡的伏安特性曲线．

实验可供选择的器材有：

A．小灯泡　(规格为“2.5V　1.2W”)

B．电流表　(量程为0-0.6A，内阻为1Ω)

C．电压表　(量程为0-3V，内阻未知)

D．滑动变阻器　(0-10Ω，额定电流为1A)

E．滑动变阻器　(0-5Ω，额定电流为0.5A)

F．电源　(E＝3V，内阻不计)

G．定值定阻R₀　(阻值R₀＝6Ω)

H．开关一个和导线若干

(1)要求小灯泡两端的电压从零开始变化，且能尽量消除系统误差，在方框内画出实验电路图．

(2)实验中，应该选用的滑动变阻器是________(填写器材前字母代号)．

(3)按照正确的电路图，该同学测得实验数据如下：(I是的示数，U是的示数，U_灯是小灯泡两端的实际电压)．请通过计算补全表格中的空格，然后在方格图中画出小灯泡的伏安特性曲线.

(4)该同学将与本实验中一样的两个小灯泡以及给定的定值电阻R₀三者一起串联接在本实验中提供的电源两端，则每个灯泡的实际功率是________W.

[答案]　(1)如图所示

(2)D

(3)

(4)0.18

[解析]　(1)要使小灯泡两端电压从零开始变化，滑动变阻器应采用分压式接法，为测量更准确，应采用电流表内接法，实验电路图如图所示．

(3)由第(1)问中所画电路图分析可得：U_灯＝U－IR_A，则可根据表中数据求出U_灯，并画出U_灯－I图线如图所示．

(4)在同一坐标系中作出2U_灯+IR₀＝E的图线，根据此图线与灯泡的U_灯－I图线的交点可得此时灯泡的电压U_灯＝0.6V，电流I＝0.3A.所以，灯泡的实际功率为P＝U_灯I＝0.18W.