题目内容


某同学对一个标称值为“5Ω、1.25W”的定值电阻的阻值是否准确产生了怀疑，准备用伏安法尽可能准确进行测量，现可供使用的器材如下：

A．电流表A1，量程50m A，内阻9Ω

B．电压表V1，量程l5 V，内阻约l5kΩ

C．电压表V2，量程3 V，内阻约3kΩ

D．变阻器R，全电阻约20Ω

E．定值电阻R0=1Ω

F．直流电源E，电动势4.5V，内阻不计

G．开关S、导线若干

（1）上述器材中,最适合的电压表为      （填字母编号）。

（2）答卷中的虚线框内画出测量Rx的电路图。

（3）正确连接电路后开始测量，电压表与电流表刻度指针如图示，则被测电阻值为       。

 



【答案解析】(1) C (2)

(3)

解析 ：解：（1）用伏安法测量定值电阻Rx的阻值时，由于电源电压为4.5V，为提供精确度，所选电压表为V2；故选C ；（2）电流表A1量程偏小，电流表A2量程偏大，可以将电流表A1与定值电阻R0并联构成新的电流表使用；滑动变阻器电阻值大于待测电阻阻值，采用限流式接法即可；待测电阻较小，采用安培表外接法；
电路图如图所示：
（3）电流表A1读数为I，电压为IRA1，故通过电阻R0的电流为，故干路电流为：I+故待测电阻的电阻为：R==


练习册系列答案
相关题目

（1）为了测量电源的电动势和内阻，我们通常采用如图甲所示电路，请根据甲电路图连接实物图。

（2）由于电压表和电流表内阻的影响，采用甲电路测量存在系统误差，为了消除这一影响，某同学选择两块量程合适的电压表V1、V2，一个满足实验要求的电阻箱R和三个开关，并设计了如图乙所示的测量电路，进行了如下的主要测量步骤：

①闭合S2，断开S1、S3，记下V1和V2的示数U1和U2；

②断开S2、闭合S3，S1仍断开，调节电阻箱R，使电压表V2的示数仍为U2，读出电阻箱的阻值为R0；

③闭合S1、S2，断开S3，记下V1的示数；

请利用以上的测量物理量的字母写出电压表V1内阻表达式=______，该电源的电动势和内阻的测量值表达式E=______，r=______。

小林同学用如图装置探究加速度a与质量m的关系。在保持受力F相同的情况下，测得不同质量对应的加速度。小林同学运用这些数据做出a-m图象，图象应该是以下四幅中的

　

A                   B                   C                  D



水平桌面上固定两平行导轨，导轨间距为L=0.4m，空间有一竖直向上的匀强磁场，磁感应强度大小未知。现有一金属棒垂直磁场置于导轨上，当棒中通I=2A的电流时，棒能在水平导轨上匀速运动，此时棒受到的摩擦力为Ff =0.2N．求：

(1)棒受到的安培力F安 的大小；

(2)磁场的磁感应强度B的大小；

(3)若棒受到的安培力方向向右，判断棒中的电流方向。

 

如图所示，虚线右侧存在匀强磁场，磁场方向垂直纸面向外，正方形金属框电阻为R，边长为l，自线框从左边界进入磁场时开始计时，在外力作用下由静止开始，以垂直于磁场边界的恒定加速度a进入磁场区域，t1时刻线框全部进入磁场．规定顺时针方向为感应电流i的正方向，外力大小为F，线框中电功率的瞬时值为P，通过线框横截面的电荷量为q，其中P－t图象为抛物线，则这些量随时间变化的关系正确的是                    


某横波在介质中沿x轴正方向传播，t＝0时刻，O点开始向正方向运动，经t＝0.2 s，O点第一次到达正方向最大位移处，某时刻形成的波形如图所示，下列说法正确的是________．

A．该横波的波速为5 m/s

B．质点L与质点N都运动起来后，它们的运动方向总相反

C．在0.2 s的时间内质点M通过的路程为1 m

D．在t＝2.6 s时刻，质点M处于平衡位置，正沿y轴负方向运动

E．图示波形图可能是t＝1.2 s时刻的

如图所示，有三块等腰直角三角形的透明材料（图中的Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ）恰好拼成一个正方形。从E点垂直于边射入的单色光在F处发生全反射，在G、H连续发生两次折射后射出。若该单色光在三块材料的传播速率依次为v1、v2、v3，下列关系式中正确的是（ ）

A．v3＞v1＞v2 B．v2＞v3＞v1 C．v3＞v2＞v1 D．v1＞v2＞v3

A、B两块正对的金属板竖直放置，在金属板A的内侧表面系一绝缘细线，细线下端系一带电小球（可视为点电荷）。两块金属板接在如图所示的电路中，电路中的R1为光敏电阻（其阻值随所受光照强度的增大而减小），R2为滑动变阻器，R3为定值电阻。当R2的滑片P在中间时闭合电键S，此时电流表和电压表的示数分别为I和U，带电小球静止时绝缘细线与金属板A的夹角为θ。电源电动势E和内阻r一定，下列说法中正确的是（   ）

A．若将R2的滑动触头P向a端移动，则θ变小

B．若将R2的滑动触头P向b端移动，则I减小，U减小

C．保持滑动触头P不动，用较强的光照射R1，则小球重新达到稳定后θ变小

D．保持滑动触头P不动，用较强的光照射R1，则U变化量的绝对值与I变化量的绝对值的比值不变

【答案解析】（1）4×104m/s．（2）π×10-5s，垂直地打在BC边的中点．（3）分析过程如上所述． 解析解：（1）粒子从P极板进入电场后，做加速运动，有：
qU＝mv2−mv02
v=4×104m/s
（2）粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力：
qvB＝m故R＝＝0.8m
所以垂直地打在BC边的中点．    
粒子在磁场中运动的周期为
T＝偏转角为90°，
所以粒子在磁场中运动的时间为t＝T＝×10−4s＝π×10−5s
（3）当粒子以反向最大电压进入电场时，粒子不能穿过Q点进入磁场．
t=0时刻射入的粒子，没有经过加速，粒子将以v0=2.0×104m/s从O点射入磁场，
Rmin＝＝0.4m．恰好打到C点  
因此OC边可以全部打到．
当粒子以正向最大电压加速进入电场中，根据动能定理：
qUm＝mvm2−mv02
最大速度vm＝105m/s
Rmax＝＝2m
若粒子与AB边相切飞出，如图所示，根据几何关系可得：
BF+FC=a，
R切=PF+FO1，可得：
R切＝0.8×(+1)m＜Rmin
由以上三个半径关系可知，粒子从BC 和AB边飞出．
若恰好与AB相切的粒子打在BC边E，离C点的距离为：0.8在EC之间均有粒子飞出
与AB边相切的切点P到B点的距离为：0.8(−1)m 
当粒子以最大速度进入磁场时，粒子将从AB边界的G点飞出，设OD之间的距离为x，则：
GD=AD=x+,O2=Rmax-x，
根据几何关系可得：(+x)+(Rmax−x)2＝Rmax2
可得x=0.4m
最大速度粒子从AB边上射出点G到B点的距离为：0.4m
在GP之间均有粒子飞出．

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