题目内容
8.(1)求1号小球与2号小球碰撞之前的速度v1的大小;
(2)若N=3,求第3个小球与P小球发生第一次碰撞前的速度v3的大小;
(3)若N=5,当半圆形轨道半径R=$\frac{32}{5}$h时,P小球第一次被碰撞后恰好能通过轨道的最高点D,求k值的大小.
分析 1、对于1号小球由h高运动到最低点过程,根据机械能守恒求出碰前的速度
2、对于1、2号小球碰撞的过程根据动量守恒定律和机械能守恒列出等式,对于2、3号小球碰撞的过程,根据动量守恒定律和机械能守恒求解
3、因为5号小球与P小球质量相等,可知二者发生碰撞后交换速度,根据牛顿第二定律得P小球在D速度,P小球由A到D的运动过程,根据机械能守恒求解.
解答 解:(1)设1号小球的质量为m1,碰前的速度为v1,
对于1号小球由h高运动到最低点过程,根据机械能守恒
${m_1}gh=\frac{1}{2}{m_1}{v_1}^2$
解得:${v_1}=\sqrt{2gh}$
(2)设1号、2号小球碰撞后的速度分别为v1′和v2,取水平向右为正方向.
对于1、2号小球碰撞的过程,根据动量守恒定律有
m1v1=m1v'1+m2v2
根据机械能守恒有 $\frac{1}{2}{m_1}{v_1}^2=\frac{1}{2}{m_1}{v'_1}^2+\frac{1}{2}{m_2}{v_2}^2$
解得:${v_2}=\frac{2}{1+k}\sqrt{2gh}$
设2号、3号小球碰撞后的速度分别为v2′和v3,
对于2、3号小球碰撞的过程,根据动量守恒定律有 m2v2=m2v'2+m3v3
根据机械能守恒有 $\frac{1}{2}{m_2}{v_2}^2=\frac{1}{2}{m_2}{v'_2}^2+\frac{1}{2}{m_3}{v_3}^2$
同理可解得:3号小球被碰后的速度 ${v_3}={({\frac{2}{1+k}})^2}\sqrt{2gh}$
即3号小球与P小球发生第一次碰撞前的速度大小 ${v_3}={({\frac{2}{1+k}})^2}\sqrt{2gh}$
(3)由(2)中的结果可推知5号小球被碰后的速度 ${v_5}={({\frac{2}{1+k}})^4}\sqrt{2gh}$
因为5号小球与P小球质量相等,可知二者发生碰撞后交换速度,
所以P小球第一次被碰撞后的速度 ${v_P}={({\frac{2}{1+k}})^4}\sqrt{2gh}$
P小球第一次被碰撞后恰好能通过圆轨道的最高点D,设其通过最高点的速度为vD,
根据牛顿第二定律P小球在D点有
${k^4}{m_1}g=\frac{{{k^4}{m_1}v_D^2}}{R}$
解得:${v_D}=\sqrt{gR}$
P小球由A到D的运动过程,机械能守恒有
$\frac{1}{2}{m_5}v_P^2={m_5}g•2R+\frac{1}{2}{m_5}v_D^2$
解得:${v_P}=\sqrt{5gR}$
将$R=\frac{32}{5}h$代入上式联立解得:$k=\sqrt{2}-1$
答:(1)1号小球与2号小球碰撞之前的速度v1的大小是$\sqrt{2gh}$;
(2)若N=3,求第3个小球与P小球发生第一次碰撞前的速度v3的大小是${(\frac{2}{1+k})}^{2}\sqrt{2gh}$;
(3)若N=5,当半圆形轨道半径R=$\frac{32}{5}$h时,P小球第一次被碰撞后恰好能通过轨道的最高点D,k值的大小是$\sqrt{2}$-1.
点评 本题是利用动量守恒和机械能守恒联合解决一维碰撞问题的典型例子,其中由1号球的速度归纳第n+1号球的速度是关键,而且也是难点.
| A. | A、B两球的总动能不变 | |
| B. | A、B两球的总动量为mv | |
| C. | 弹簧对B球的作用力大于对A球的作用力 | |
| D. | 弹簧被压缩到最短时,A、B两球的总动能最小 |
| A. | V2示数变小 | B. | V1示数变大 | C. | A2示数变大 | D. | A1示数变小 |
| A. | A中接的是电阻,B中接的是电容器 | |
| B. | A中接的是电感线圈,B中接的是电阻 | |
| C. | A中接的是电感线圈,B中接的是电容器 | |
| D. | A中接的是电容器,B中接的是电感线圈 |
| A. | v1<v2,Q1>Q2,q1>q2 | B. | v1=v2,Q1=Q2,q1=q2 | ||
| C. | v1<v2,Q1>Q2,q1=q2 | D. | v1=v2,Q1<Q2,q1<q2 |