题目内容

在“利用单摆测定重力加速度”的实验中，测得单摆偏离平衡位置的最大摆角小于5°，完成n 次全振动的时间为 t，用毫米刻度尺测得的摆线长（悬点到摆球上端的距离）为 L，用______测得摆球的直径为 d．若实验时摆线的上端未牢固地系于悬点，量好摆长后摆动中出现松动，则测得的重力加速度的值将______（填“偏小”、“偏大”或者“不变”）．
本实验中利用游标卡尺测得摆球的直径为d．
由单摆的周期公式T=2π
l
g
，得g=
4π2l
T2
．摆线上端未牢固地系于悬点，振动中出现松动，使摆线长度增加了，测得的单摆周期变大，根据g=
4π2l
T2
可知，测得的g应偏小．
故答案为：游标卡尺，偏小
练习册系列答案
相关题目
在利用单摆测定重力加速度的实验中，某同学测出了多组摆长和运动周期，根据实 验数据，作出T2-L 的关系图象如图所示．
（1）该同学实验中出现的错误可能是
测摆长时漏加摆球的半径
测摆长时漏加摆球的半径

（2）虽然实验中出现了错误，但根据图象中的数据仍可算出准确的重力加速度，其值为
9.80
9.80
m/s2（π2=9.8，保留三位有效数字）
在“利用单摆测定重力加速度”的实验中，只要测出多组单摆的摆长l和运动周期T，作出T2-l图象，就可以求出当地的重力加速度．某同学根据实验数据作出的图象如图甲所示．

（1）由图象求出的重力加速度g=
9.87
9.87
m/s2．（取π2=9.87）
（2）理论上T2-l图象应是一条过坐标原点的直线，造成图象不过坐标点的原因可能是
A
A
．
A．以摆线长代替摆长（漏了小球半径）B．以摆线长+小球直径代替摆长（多加了小球半径）
（3）用游标为50分度的游标卡尺测小球的直径时应选择测脚
B
B
（填图中的A或B）；
（4）游标卡尺示数如图乙所示，由图读出小球的直径为
21.14
21.14
mm．
某同学在“利用单摆测定重力加速度”的实验中，测得摆线长为L，摆球直径为d，然后用秒表测得n次全振动的时间为t，则：

（1）重力加速度的表达式g=
4n2π2
t2
(L+
d
2
)
4n2π2
t2
(L+
d
2
)
．（用上述符号表示）
（2）若用最小分度为毫米的刻度尺测得摆线长为970.8mm，用10分度的游标卡尺测得摆球直径如图，摆球的直径为
18.4
18.4
mm．单摆在竖直面内摆动，用秒表测出单摆做50次全振动所用的时间如图，则t=
100.0
100.0
s，单摆的周期为
2.0
2.0
s．求得当地的重力加速度为
9.8
9.8
m/s2．（取π2=10）
（3）如果他测得的g值偏小，可能的原因是
B
B

A、测摆线长时摆线拉得过紧
B、摆球在水平面内做圆周运动
C、摆线上端悬点未固定，振动过程中出现松动，摆线长度增加了
D、开始计时，秒表过迟按下．
（2013?永康市模拟）某同学在“利用单摆测定重力加速度”的实验中，测得摆线长为L，摆球直径为d，然后用秒表测得n次全振动的时间为t，则：

（1）重力加速度的表达式g=
4π2n2(L+
d
2
)
t2
4π2n2(L+
d
2
)
t2
．（用上述符号表示）
（2）若用最小分度为毫米的刻度尺测得摆线长为980.8mm，用20分度的游标卡尺测得摆球直径如图甲，摆球的直径为
18.40
18.40
mm．单摆在竖直面内摆动，用秒表测出单摆做50次全振动所用的时间如图乙，则t=
100.0
100.0
s．求得当地的重力加速度为
9.76
9.76
m/s2．（取π2=9.86，求得的重力加速度值保留三位有效数字）
（3）如果他测得的g值偏小，可能的原因是
D
D

A．测摆线长时摆线拉得过紧 B．摆球在水平面内做圆锥摆运动
C．开始计时，秒表过迟按下 D．悬点未固定，振动过程中出现松动，摆线长度增加了．
精英家教网（1）在利用单摆测定重力加速度的实验中，由于单摆做简谐振动的周期T=2π
L
g
，于是有g=
4π2
T2
?L．改变单摆的摆长，只要测出摆长及相应的振动周期，作出T2-L图线，就可求出当地的重力加速度．T2-L图线应该经过坐标原点．某学生在实验中测得的T2-L图线为如图所示的直线，则：
①造成图线不过原点的原因是
 

A．每次都将n个周期的时间计成n+1个周期的时间
B．每次在测量摆长时，都将摆线长当成了摆长
C．每次实验时，摆球的振幅都不同
D．每次实验时，摆球的质量都不同
②当地重力加速度为
 
．（取π2=9.87）
（2）利用单摆测重力加速度的实验中，如测出摆线长为L，小球直径为D，n次全振动的时间为t，则①当地的重力加速度g等于
 
 （用以上字母表示），②为了减小测量周期的误差，应在
 
 位置开始计时和结束计时．

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