题目内容
13．
如图所示为英国人阿特伍德设计的装置，不考虑绳与滑轮的质量，不计轴承、绳与滑轮间的摩擦．初始时两人均站在水平地面上，当位于左侧的甲用力向上攀爬时，位于右侧的乙始终用力抓住绳子，最终至少一人能到达滑轮．下列说法中正确的是（ ）| A． | 若甲的质量较大，则甲先到达滑轮 | B． | 若甲的质量较大，则乙先到达滑轮 | ||
| C． | 若甲、乙质量相同，则乙先到达滑轮 | D． | 若甲、乙质量相同，则甲先到达滑轮 |
分析 不管怎么拉，绳子对两人的拉力大小相等，根据牛顿第二定律比较出加速度的大小，从而根据位移时间公式进行判断
解答 解：设绳子的拉力为F，由牛顿第二定律得，
对甲：a甲=$\frac{F-{m}_{甲}g}{{m}_{甲}}$=$\frac{F}{{m}_{甲}}$-g，
对乙：a乙=$\frac{F-{m}_{乙}g}{{m}_{乙}}$=$\frac{F}{{m}_{乙}}$-g，
甲乙都做初速度为零的匀加速直线运动：x=$\frac{1}{2}$at2，匀速时间：t=$\sqrt{\frac{2x}{a}}$，
如果甲乙质量相等，则：a甲=a乙，甲乙同时到达滑轮，
当甲的质量大，则甲的加速度小，乙的加速度大，乙先到达滑轮；
如果乙的质量较大，乙的 加速度小，甲的加速度大，甲先到达滑轮；故ACD错误，B正确；
故选：B．
点评 本题考查了牛顿第二定律的应用，解决本题的关键抓住绳子拉力大小相等，结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解．
练习册系列答案
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5．下列可用来表示磁感应强度的单位关系的是（ ）
| A． | 1T=1kg/m2 | B． | 1T=1kg/（A•s） | C． | 1T=1kg•m2/（A•s2） | D． | 1T=1N/（A•m） |
6．
如图，生产车间有两个相互垂直且等高的水平传送带甲和乙，甲的速度为v0，小工件离开甲前与甲的速度相同，并平稳地传到乙上．乙的宽度足够大，速度为v1．则下列说法错误的是（ ）
如图，生产车间有两个相互垂直且等高的水平传送带甲和乙，甲的速度为v0，小工件离开甲前与甲的速度相同，并平稳地传到乙上．乙的宽度足够大，速度为v1．则下列说法错误的是（ ）| A． | 在地面参考系中，工件做类平抛运动 | |
| B． | 在乙参考系中，工件在乙上滑动的轨迹是直线 | |
| C． | 工件在乙上滑动时，受到乙的摩擦力方向不变 | |
| D． | 工件沿垂直于乙的速度减小为0时，工件的速度等于v1 |
3．
如图所示，A 和 B 为竖直放置的平行金属板，在两极板间用绝缘线悬挂一带电小球．开始时开关 S 闭合且滑动变阻器的滑动触头 P 在 a 处，此时绝缘线向右偏离竖直方向，电源的内阻不能忽略，则下列判断正确的是（ ）
如图所示，A 和 B 为竖直放置的平行金属板，在两极板间用绝缘线悬挂一带电小球．开始时开关 S 闭合且滑动变阻器的滑动触头 P 在 a 处，此时绝缘线向右偏离竖直方向，电源的内阻不能忽略，则下列判断正确的是（ ）| A． | 小球带负电 | |
| B． | 当滑动触头从 a 向 b 滑动时，绝缘线的偏角 θ 变大 | |
| C． | 当滑动触头从 a 向 b 滑动时，电流表中有电流，方向从上向下 | |
| D． | 当滑动触头停在 b 处时，电源 的输出功率一定大于滑动触头在 a处时电源的输出功率 |
如图所示，用绳AO、BO、CO吊起一个重200N的物体，O为三绳的结点，其中AO绳水平，BO绳与竖直方向成30°，求AO、BO、CO三根绳子拉力大小．
4．用图象法计算电动势和内电阻时，先要描点，就是在U-I坐标系中描出与每组I、U值对应的点，以下说法中正确的是（ ）
| A． | 这些点应当准确地分布在一条直线上，即U-I图线应通过每个点 | |
| B． | 这些点应当基本上在一条直线上，由于偶然误差不能避免，所以U-I图线不可能通过每一个点 | |
| C． | 不在U-I图线上的点应当大致均匀地分布在图线两侧 | |
| D． | 个别偏离直线太远的点，应当舍去 |
1．
2016年10月19日3时31分，神舟十一号载人飞船与天宫二号空间实验室成功实现自动交会对接．若对接前神舟十一号和天宫二号分别在图示轨道上绕地球同向（天宫二号在前）做匀速圆周运动，则（ ）
2016年10月19日3时31分，神舟十一号载人飞船与天宫二号空间实验室成功实现自动交会对接．若对接前神舟十一号和天宫二号分别在图示轨道上绕地球同向（天宫二号在前）做匀速圆周运动，则（ ）| A． | 神州十一号的线速度小于天宫二号的线速度 | |
| B． | 神州十一号的周期大于天宫二号的周期 | |
| C． | 神州十一号的角速度小于天宫二号的角速度 | |
| D． | 神州十一号可在轨道上加速后实现与天宫二号对接 |
