题目内容
14.(1)磁场的磁感应强度B;
(2)粒子第二次离开电场时的横坐标;
(3)粒子第四次经过x轴的横坐标.
分析 (1)根据动能定理求出粒子进入磁场时的速度,根据几何关系得出粒子在磁场中运动的轨道半径,结合半径公式求出磁感应强度的大小.
(2)粒子第二次进入电场时做类平抛运动,根据水平方向和竖直方向上的运动规律求出粒子第二次离开电场时的横坐标.
(3)根据动能定理求出粒子第二次进入磁场时的速度,根据半径公式求出粒子在磁场中运动的半径,根据粒子做类平抛运动时速度方向与水平方向夹角正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍求出粒子第二次进入磁场的速度,通过几何关系求出粒子第四次经过x轴的横坐标.
解答 解:(1)设粒子垂直于x轴进入磁场时的速度为v,由动能定理得:$qEl=\frac{1}{2}m{v}^{2}$,![]()
由题意知,粒子在磁场Ⅰ中做圆周运动的半径R=l,由牛顿第二定律得:$qvB=m\frac{{v}^{2}}{l}$,
解得:B=$\sqrt{\frac{2mE}{ql}}$.
(2)粒子运动轨迹如图所示,粒子再次进入电场,在电场中做类平抛运动,
则水平方向上有:x=vt,
竖直方向上有:l=$\frac{{v}_{y}}{2}t=\frac{v}{2}t$,
解得x=2l.
粒子第二次离开电场时的横坐标x′=-x=-2l.
(3)设粒子第二次进入磁场时的速度为v1,与x轴的夹角为θ,由动能定理得:$2qEl=\frac{1}{2}m{{v}_{1}}^{2}$,
解得:${v}_{1}=2\sqrt{\frac{qEl}{m}}$,
tanθ=2tanα=1,则θ=45°,
在磁场中做圆周运动的半径为R1,
根据$q{v}_{1}B=\frac{m{{v}_{1}}^{2}}{{R}_{1}}$,
解得:${R}_{1}=\sqrt{2}l$.
由几何关系可知,粒子第四次经过x轴的横坐标为x=0.
答:(1)磁场的磁感应强度B为$\sqrt{\frac{2mE}{ql}}$;
(2)粒子第二次离开电场时的横坐标为-2l;
(3)粒子第四次经过x轴的横坐标为0.
点评 本题考查了带电粒子在复合场中的运动,掌握处理类平抛运动的方法,在磁场中做圆周运动关键是画出粒子运动轨迹,题目难度较大.
| A. | 小物体所受的摩擦力一定小于F | |
| B. | 平板车在0~t1时间的位移一定大于在t1~t2时间内的位移 | |
| C. | 在0~t1和t1~t2这两段时间内小物体均向右作匀变速运动,而且加速度相等 | |
| D. | 0~t2时间内,摩擦力对小物体做的功大于平板车克服小物体对平板车摩擦力的功 |
| A. | f1=μ1Mg f2=μ1mg | B. | f1=μ2(M+m)g f2=μ1mg | ||
| C. | f1=μ2mg f2=μ2mg | D. | f1=μ1(M+m)g f2=μ1mg |
| A. | 紧闭合S,L1变亮 | B. | 紧闭合S,A的输入功率变小 | ||
| C. | 仅将滑片P上移,L1变亮 | D. | 仅将滑片P上移,A的输入功率变小 |
| A. | 从b点飞出的带电粒子的速度最大 | B. | 从d点飞出的带电粒子的速度最小 | ||
| C. | 从d点飞出的带电粒子的时间最长 | D. | 从b点飞出的带电粒子的时间最短 |
| A. | 双星相互间的万有引力不变 | B. | 双星做圆周运动的角速度均增大 | ||
| C. | 双星做圆周运动的动能均减小 | D. | 双星做圆周运动的半径均增大 |