题目内容
如图所示，质量为M的长滑块静止在光滑水平面上，左端固定一劲度系数为k且足够长的水平轻质弹簧，右侧用一不可伸长的细绳连接于竖直墙上，细绳子能承受的最大拉力为FT，使一质量为m、初速度为V的小物体，在滑块上无摩擦地向左滑动而后压缩弹簧，弹簧的弹性势能表达式为EP=
kx2（k为弹簧的劲度系数，x为弹簧的形变量）．（1）要使细绳被拉断，初速度V应满足什么条件？
（2）长滑块在细绳被拉断后，所获得的最大加速度为多大？
（3）小物体最后离开滑块时，相对地面速度恰好为零的条件是什么？
【答案】分析：（1）假设绳子不断，当滑块速度减为零时，弹性势能最大，弹力最大，绳子的张力最大，等于弹簧的弹力；然后根据机械能守恒定律和胡克定律列式求解；
（2）当滑块与长木板速度相等时，弹力最大，加速度最大；先求解出断开时滑块速度，然后根据动量守恒和机械能守恒定律列式联立求解出共同速度，得到最大加速度．
（3）滑块与长木板分离后，速度恰好为零，根据动量守恒定律和机械能守恒定律列式后联立求解即可．
解答：解：（1）设弹簧压缩量为x1时，绳被拉断，即
kx1=FT ①
压缩弹簧过程动能转化为弹性势能，依题意有
②
联立解得：
③
（2）设绳被拉断瞬时，小物体的速度为V1，有
④
绳断后长滑块加速，小物体减速，当两者速度相等时，弹簧压缩量最大为x2，长滑块有向左的最大加速度am，此过程动量守恒，有：
mv1=（M+m）v2 ⑤
根据机械能守恒，有：
⑥
由牛顿第二定律得：kx2=Mam ⑦
联立①④⑤⑥⑦解得：
⑧
（3）要使小物体离开长滑块时相对地面速度为零，即弹簧恢复原长时小物体速度为零，此时长物块速度为v．在绳断开至弹簧恢复原长过程中，动量守恒，能量守恒，故有
Mv=mv1 ⑨
⑩
联立①④⑨⑩解得：
（11）
由于
＞0，必有m＞M
所以小物体最后离开滑块时，相对地面速度恰好为零的条件是m＞M且满足
．
答：（1）要使细绳被拉断，初速度V应满足
的条件；
（2）长滑块在细绳被拉断后，所获得的最大加速度为
；
（3）小物体最后离开滑块时，相对地面速度恰好为零的条件是m＞M且满足
．
点评：本题关键要分析清楚滑块和滑板的运动规律，能结合机械能守恒定律和动量守恒定律多次列式后联立分析，较难．
（2）当滑块与长木板速度相等时，弹力最大，加速度最大；先求解出断开时滑块速度，然后根据动量守恒和机械能守恒定律列式联立求解出共同速度，得到最大加速度．
（3）滑块与长木板分离后，速度恰好为零，根据动量守恒定律和机械能守恒定律列式后联立求解即可．
解答：解：（1）设弹簧压缩量为x1时，绳被拉断，即
kx1=FT ①
压缩弹簧过程动能转化为弹性势能，依题意有
②联立解得：
③（2）设绳被拉断瞬时，小物体的速度为V1，有
④绳断后长滑块加速，小物体减速，当两者速度相等时，弹簧压缩量最大为x2，长滑块有向左的最大加速度am，此过程动量守恒，有：
mv1=（M+m）v2 ⑤
根据机械能守恒，有：
⑥由牛顿第二定律得：kx2=Mam ⑦
联立①④⑤⑥⑦解得：
⑧（3）要使小物体离开长滑块时相对地面速度为零，即弹簧恢复原长时小物体速度为零，此时长物块速度为v．在绳断开至弹簧恢复原长过程中，动量守恒，能量守恒，故有
Mv=mv1 ⑨
⑩联立①④⑨⑩解得：
（11）由于
＞0，必有m＞M 所以小物体最后离开滑块时，相对地面速度恰好为零的条件是m＞M且满足
．答：（1）要使细绳被拉断，初速度V应满足
的条件；（2）长滑块在细绳被拉断后，所获得的最大加速度为
；（3）小物体最后离开滑块时，相对地面速度恰好为零的条件是m＞M且满足
．点评：本题关键要分析清楚滑块和滑板的运动规律，能结合机械能守恒定律和动量守恒定律多次列式后联立分析，较难．
练习册系列答案
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