题目内容
10．有一电阻，阻值在100?-200?范围内，它的额定功率约为$\frac{1}{4}$W．现需要进一步确定其阻值，手头有如下一些器材，电流表A1：电阻为20? 量程 0-50mA
电流表A2：电阻为20? 量程 0-100mA
电压表V1：电阻为10k? 量程 0-5V
电压表V2：电阻为20k? 量程 0-10V
滑动变阻器R1：阻值范围0-20?，额定电流2A
滑动变阻器R2：阻值范围0-100?，额定电流1A
电源E：电动势12V 电键．导线等．
要求测量误差尽可能小．
（1）请你从上述器材中挑选出相应的器材进行实验．电流表应选用A1 电压表应选用V2．用电流表．电压表测量通过被测电阻的电流与电压时，应选用图乙所示的联接方式．选用滑动变阻器的理由：滑动变阻器用来起到分压的作用，从节约能源的角度选小电阻即可．
（2）一多用电表的电阻挡有三个倍率，分别是×1、×10、×100．用×10挡测量某电阻时，操作步骤正确，发现表头指针偏转角度很小，为了较准确地进行测量，应换到×1挡．如果换挡后立即用表笔连接待测电阻进行读数，那么缺少的步骤是欧姆调零，若补上该步骤后测量，表盘的示数如图，则该电阻的阻值是22Ω．
分析 根据额定功率可算出电阻的额定电流和额定电压，来选择电表的量程．根据滑动变阻器的最大阻值与待测电阻的关系，选择变阻器的接法．由待测电阻与两电表内阻的关系选择电流表内、外接法．
表头指针偏转角度很大，说明阻值较小，应换用小量程，换挡后要重新调零
解答 解：（1）由题，由P=I2R，得，待测电阻额定电流为I=$\sqrt{\frac{P}{R}}$得I的范围为$\frac{1}{20\sqrt{2}}$A-$\frac{1}{20}$A
所以电流表选A1；电源的电动势为12V；故电压表应选择V2；由于R＜$\sqrt{{R}_{A}{R}_{V}}$，属于小电阻，故选择电流表外接，采用图乙所示电路的连接方式．滑动变阻器用来起到分压的作用，从节约能源的角度选小电阻即可，所以选R1；
（2）用×10挡测量某电阻时，操作步骤正确，发现表头指针偏转角度很大说明阻值较小，应换用小量程，故换到×1挡；
多用电表使用测量电阻时每换挡后要重新欧姆调零，故题中缺少的步骤是：调零；
表盘的读数为：22×1=22Ω
故答案为：（1）A1；V2，乙；滑动变阻器用来起到分压的作用，从节约能源的角度选小电阻即可
（2）×1；调零（或重新调零），22．
点评 在电路设计问题中，往往通过估算电路中电流、电压可能达到的最大值，来选择电流表、电压表的量程．
对于多用电表的使用，关键是明确欧姆表的读数方法和减小测量误差的方法．
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15．关于物体的运动与所受外力的关系，下列说法正确的是（ ）
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2．
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以滑块静止在水平面上，t=0时刻在滑块上施加一水平力F，力F和滑块的速度v随时间的变化滑块的质量为4kg规律分别如图甲、乙所示，g取10m/s2，则下列说法正确的是（ ）| A． | 滑块的质量为4kg | |
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19．下列说法正确的是（ ）
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| D． | 电场线方向与等势面处处相垂直 |
20．如图所示，R1=2Ω，R2=10Ω，R3=10Ω，A、B两端接在电压恒定的电源上，则（ ）
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| B． | S断开时，R1与R2的功率之比为1：10 | |
| C． | S断开与闭合两情况下，电阻R1两端的电压之比为7：12 | |
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